四川省绵阳市2013-2014学年下学期期末考试高二物理试卷(解析版)

四川省绵阳市2013-2014学年下学期期末考试高二物理试卷一．本大题12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的．1.发电机的基本原理是电磁感应。发现电磁感应现象的物理学家是A.安培B.赫兹C.法拉第D.麦克斯韦考点：物理学史．.分析：发现电磁感应现象的科学家是法拉第．解答：解：1831年，英国科学家法拉第发现了电磁感应现象，不是安培、赫兹和麦克斯韦发现的．故选C点评：法拉第发现了电磁感应现象，即磁生电气现象，而奥斯特发现了电生磁现象2.对于磁场中的闭合电路A.当闭合电路做切割磁感线运动，电路中就一定有感应电流B.当闭合电路静止，电路中就一定没有感应电流C.只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流D.只要穿过闭合电路的磁感线条数发生变化，闭合电路中就有感应电流考点：感应电流的产生条件．.分析：发生感应电流的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化，或闭合线路的一部分做切割磁感线运动．根据题意逐项判断即可．解答：解：A、当闭合电路整体做切割磁感线运动，回路中的磁通量不变，电路中就没有感应电流．故A错误；B、当闭合电路静止，回路中的磁通量不变，电路中就一定没有感应电流；回路中的磁通量若发生变化，则有感应电流产生．故B错误；C、发生感应电流的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化．故C错误；D、只要穿过闭合电路的磁感线条数发生变化，即磁通量发生变化，闭合电路中就有感应电流．故D正确．点评：本题考查了产生感应电流的条件，根据该条件解答即可．难度不大3.下列说法不正确的是A.传感器是把被测非电信息转换为电信息的装置B.热敏电阻一定是用金属材料制成的C.用半导体制成的热敏电阻，可以作为测温元件D.用半导体制成的光敏电阻，可以起到开关的作用考点：传感器在生产、生活中的应用．.分析：传感器是把被测非电信息转换为电信息的装置；热敏电阻一定是用半导体材料制成的；用半导体制成的热敏电阻，可以作为测温元件，或可以起到开关的作用；用半导体制成的光敏电阻，可以起到开关的作用．解答：解：A、传感器是把被测非电信息转换为电信息的装置．故A正确；B、热敏电阻一定是用半导体材料制成的，不是用金属材料制成的．故B错误；C、用半导体制成的热敏电阻，可以作为测温元件，或可以起到开关的作用；故C正确；D、用半导体制成的光敏电阻，可以起到开关的作用．故D正确．本题选择不正确的，故选：B点评：传感器是能感受规定的被测量并按照一定的规律转换成可用信号的器件或装置，通常由敏感元件和转换元件组成．传感器能满足信息的传输、处理、存储、显示、记录和控制等要求，它是实现自动检测和自动控制的首要环节．4．夏天将到，在北半球，当我们抬头观看教室内的电扇时，发现电扇正在逆时针转动．金属材质的电扇示意图如图，由于电磁场的存在，下列关于A、O两点的电势及电势差的说法，正确的是（）A.A点电势比O点电势高B.A点电势比O点电势低C.A点电势等于O点电势D.扇叶长度越短，转速越快，两点间的电势差数值越大考点：导体切割磁感线时的感应电动势．.分析：本题先确定出地磁场的方向，根据右手定则判断电扇上AO两端电势的高低，根据转动切割电动势公式判断两点电势差的变化．解答：解：A、B、C：因北半球地磁场方向斜向下，电风扇逆时针方向转动，切割磁感线产生感应电动势，根据右手定则知，感应电动势方向从O到A，则A点相当于电源的正极，O点相当于电源的负极，所以A点的电势高于O点的电势．故A正确，BC错误．D、转动切割的电动势E=ω，则知扇叶长度越短，转速越快，感应电动势不一定越大，电势差就不一定越大．故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握右手定则判断电势的高低，知道四指从低电势指向高电势，以及掌握转动切割感应电动势公式E=ω，知道地磁场的磁感线分布情况．5．（3分）如图所示为一列在均匀介质中沿x轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波速为4m/s，则（）A．质点P此时刻的振动方向沿y轴正方向B．质点P的振幅比质点Q的振幅小C．经过时间t=3s，质点Q通过的路程是0.6mD．经过时间t=3s，质点P将向右移动12m考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．.专题：振动图像与波动图像专题．分析：运用波形的平移法可确定P点的振动方向，利用波的传播特点和振幅的定义判断两质点的振幅；据图求出波长，再利用波速公式求出周期，利用周期表示时间，再判断质点通过的路程．解答：解：ABD、由于该波沿x轴的正方向传播，据波形平移法可知，质点P此时刻的振动方向沿y轴负方向；由于波的传播特点可知，各质点在平衡位置附近上下做简谐运动，不会随波移动，所以质点PQ的振幅相同，质点P不会向右移动，故ABD错误；C、据波形图可知，A=0.05m，λ=4m，所以T===1s，由于时间t=3s=3T，所以质点Q通过的路程是12A=0.6m，故C正确．故选：C．点评：灵活应用波形平移法和波传播的特点是解题的核心，善于用周期表示时间和一个周期内质点振动的路程为4A．6．（3分）（2011•广东模拟）穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象分别如图中①～④所示．下列关于回路中产生的感应电动势的论述中正确的是（）A．图①中回路产生的感应电动势恒定不变B．图②中回路产生的感应电动势一直在变大C．图③中回路在O～tl时间内产生的感应电动势小于在tl～t2时间内产生的感应电动势D．图④中回路产生的感应电动势先变小后变大考点：法拉第电磁感应定律；感应电动势的产生条件．.分析：根据法拉第电磁感应定律我们知道感应电动势与磁通量的变化率成正比．结合数学知识我们知道：穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率k=．运用数学知识结合磁通量Φ随时间t变化的图象解决问题．解答：解：根据法拉第电磁感应定律我们知道感应电动势与磁通量的变化率成正比，即E=N结合数学知识我们知道：穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率k=．A、图①中磁通量Φ不变，无感应电动势．故A错误．B、图②中磁通量Φ随时间t均匀增大，图象的斜率k不变，也就是说产生的感应电动势不变．故B错误．C、图③中回路在O～tl时间内磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率为k1，在tl～t2时间内磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率为k2，从图象中发现：k1大于k2的绝对值．所以在O～tl时间内产生的感应电动势大于在tl～t2时间内产生的感应电动势．故C错误．D、图④中磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率先变小后变大，所以感应电动势先变小后变大，故D正确．故选D．点评：通过Φ﹣t图象运用数学知识结合物理规律解决问题，其中我们要知道Φ﹣t图象斜率的意义．利用图象解决问题是现在考试中常见的问题．对于图象问题，我们也从图象的斜率和截距结合它的物理意义去研究．7．（3分）如图所示为音箱的电路图，高、低频混合电流由a、b端输入，L1和L2是线圈，C1和C2是电容器，则（）A．甲扬声器是低频扬声器B．C2的作用是阻碍高频电流通过乙扬声器C．L1的作用是阻碍低频电流通过甲扬声器D．L2的作用是减少通过乙扬声器的高频电流考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．.分析：电感器的特点：通直流，阻交流；通低频，阻高频．电容器的特点：通交流，隔直流；通高频，阻低频．解答：解：A、高频和低频交流电通入该电路，由于线圈通低频，阻高频，电容通高频，阻低频，所以低频交流电通过甲扬声器，高频交流电通过乙扬声器．所以甲扬声器是低音扬声器．故A正确．B、C2的作用是阻碍低频电流通过乙扬声器．故B错误．C、L1的作用是阻碍高频电流通过甲扬声器．故C错误．D、L2的作用是让低频交流电通过，减弱乙扬声器的低频电流．故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握电感器和电容器的特点，电感器的特点：通直流，阻交流；通低频，阻高频．电容器的特点：通交流，隔直流；通高频，阻低频．8．（3分）（2011•福建模拟）如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域．从BC边进入磁场区开始计时，到A点离开磁场区止的过程中，线框内感应电流的情况（以逆时针方向为电流的正方向）是如图所示中的（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．.专题：电磁感应与电路结合．分析：分三个阶段分析感应电流的变化情况，根据感应电流产生的条件判断线框中是否由感应电流产生，根据E=BLv及欧姆定律判断感应电流的大小．解答：解：根据感应电流产生的条件可知，线框进入或离开磁场时，穿过线框的磁通量发生变化，线框中有感应电流产生，当线框完全进入磁场时，磁通量不变，没有感应电流产生，故C错误；感应电流I==，线框进入磁场时，导体棒切割磁感线的有效长度L减小，感应电流逐渐减小；线框离开磁场时，导体棒切割磁感线的有效长度L减小，感应电流逐渐减小；故A正确，BD错误；故选A．点评：本题可以采用排除法分析解题，掌握感应电流产生的条件、熟练应用E=BLv及欧姆定律即可正确解题．9．（3分）（2006•海淀区一模）如图所示，处在磁感应强度为B的匀强磁场中的单匝矩线圈abcd，以恒定的角速度ω绕ab边转动，磁场方向垂直于纸面向里，线圈所围面积为S，线圈导线的总电阻为R．t=0时刻线圈平面与纸面重合，且cd边正在离开纸面向外运动．则正确的是（）A．时刻t线圈中电流的瞬时值i=B．线圈中电流的有效值C．线圈中电流的有效值D．线圈消耗的电功率考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．.专题：交流电专题．分析：先写出交流电的表达式，再根据峰值与有效值的关系判断电流有效值和小球消耗的功率．解答：解；A、时刻t线圈中电流的瞬时值i=，A错误；B、C：线圈中电流的有效值I=，B错误C正确；D、线圈消耗的电功率P=，D错误；故选C点评：正确写出交流电表达式是解决本题的关键，题目难度不大．10．（3分）如图所示，有一列沿x轴正方向传播的简谐横波，图中实线和虚线分别是该波在t=0和t=0.03s时刻的波形图，则（）A．该波的波速可能是10m/sB．该波的频率可能是25HzC．在t=0.03s时刻，x=0.3m处质点的位移是5cmD．在t=0时刻，x=1.4m处质点的速度方向沿y轴负方向考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．.专题：振动图像与波动图像专题．分析：波沿x轴正方向传播，传播的最短距离为0.9m，根据波的周期性：相隔整数倍周期的时间，波形相同，得出时间与周期关系的通项，求出周期，得到频率和波速的通项；再利用波形平移法判断质点的振动方向．解答：解：AB、由图知：波长为λ=1.2m；波沿x轴正方向传播，根据波形的平移法可知，t=（n+）T，（n=0，1，2，…），则周期T==s，频率f==Hz，当n=0时，f=25Hz；波速v==（40n+30）m/s，当n=0时，v=30m/s，不可能为10m/s，故A错误，B正确；C、据波形图可知，t=0.03s时刻，x=0.3m处质点的位移是﹣5cm，故C错误；D、据波形平移法可知，t=0时x=1.4m处质点的振动方向沿y轴的正方向，故D错误．故选：B．点评：本题关键是抓住波的周期性，得到周期的通项，进一步求出频率和波速，再求解特殊值．11．（3分）（2013•长沙一模）如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，原线圈接u1=220sin100πt（V）的交流电，灯泡L标有“50V100W”字样，电阻R=25Ω，D为理想二极管，则（）A．灯泡L不能正常发光B．二极管的反向耐压值应大于50VC．原线圈的输入功率为200WD．通过副线圈的电流有效值为3A考点：变压器的构造和原理．.专题：交流电专题．分析：根据表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．解答：解：A、原线圈电压有效值为220V，原、副线圈的匝数比等于电压比，可知副线圈的电压为，=50V，故灯泡L能正常发光，A错误；B、副线圈的最大电压为50V，二极管具有单向导电性，因此二极管的反向耐压值应大于50V，故B正确；C、由于现在二极