2018高考海南物理试题及答案及解析

完美WORD格式范文.范例.指导.参考2017年普通高等学校招生全国统一考试（海南卷）物理一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．【2017年海南，1，4分】光滑水平桌面上有P、Q两个物块，Q的质量是P的n倍。将一轻弹簧置于P、Q之间，用外力缓慢压P、Q。撤去外力后，P、Q开始运动，P和Q的动量大小的比值为（）A．2nB．nC．1nD．1【答案】D【解析】当撤去外力后，物块P的动量大小为PPPPmv，物块Q的动量大小为QQQPmv，轻弹簧与物块P、Q组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律有：PPQQmvmv，则P和Q的动量大小的比值为1，故选D。【点评】本题考查动量守恒定律的应用，要注意明确撤去拉力后的动量大小始终为零，同时在列式时一定要注意动量的矢量性。2．【2017年海南，2，4分】关于静电场的电场线，下列说法正确的是（）A．电场强度较大的地方电场线一定较疏B．沿电场线方向，电场强度一定越来越小C．沿电场线方向，电势一定越来越低D．电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹【答案】C【解析】电场线的疏密表示场强的大小，电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方，电场强度小，选项A错误；沿电场线方向，电势降低，而电场强度不一定越来越小，选项B错误，选项C正确；电场线是为了直观形象地描述电场分布，在电场中引入的一些假想的曲线。曲线上每一点的切线方向和该点电场强度的方向一致，电场线不是带电粒子在电场中的运动轨迹，故D错误；故选C。【点评】记住电场线的特点：电场线的疏密代表电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，并要掌握电场线的两个意义：电场线的方向反映电势的高低，电场线的疏密表示场强的方向。3．【2017年海南，3，4分】汽车紧急刹车后，停止运动的车轮在水平地面上滑动直至停止，在地面上留下的痕迹称为刹车线。由刹车线的长短可知汽车刹车前的速度。已知汽车轮胎与地面之间的动摩擦因数为0.80，测得刹车线长25m。汽车在刹车前的瞬间的速度大小为（重力加速度g取210ms）（）A．10msB．20msC．30msD．40ms【答案】B【解析】汽车紧急刹车后，做匀减速直线运动，根据运动学公式有：2002vax，根据牛顿第二定律有：mgma，代入数据联立解得：0ms20v，故选B。【点评】运动学问题，一般先根据物体受力，利用牛顿第二定律求得加速度，然后再由运动学规律求解相关位移、速度等问题。4．【2017年海南，4，4分】如图，平行板电容器的两极板竖直放置并分别与电源的正负极相连，一带电小球经绝缘轻绳悬挂于两极板之间，处于静止状态。现保持右极板不动，将左极板向左缓慢移动。关于小球所受的电场力大小F和绳子的拉力大小T，下列判断正确的是（）A．F逐渐减小，T逐渐减小B．F逐渐增大，T逐渐减小C．F逐渐减小，T逐渐增大D．F逐渐增大，T逐渐增大【答案】A【解析】由题意可知，平行板电容器左极板向左缓慢移动时，由于电容器始终与电源相连接，则电容器两极板间的电压U不变，由于两板距离d变大，则由UEd可知，板间的电场强度E减小，则小球所受的电场力大小FqE减小，则细绳与竖直方向的夹角变小；由于左极板没有移动之前，小球受力平衡，根据共点力的平衡条件可知，绳子的拉力大小cosmgT，由于细绳与竖直方向的夹角变小，则cos值变大，则绳子上的拉力大小T变小，故选A。【点评】运动学问题，一般先根据物体受力，利用牛顿第二定律求得加速度，然后再由运动学规律求解相关位移、速度等问题。5．【2017年海南，5，4分】已知地球质量为月球质量的81倍，地球半径约为月球半径的4倍。若在月球和地球完美WORD格式范文.范例.指导.参考表面同样高度处，以相同的初速度水平抛出物体，抛出点与落地点间的水平距离分别为s月和s地，则:ss月地约为（）A．9:4B．6:1C．3:2D．1:1【答案】A【解析】在星球表面，根据万有引力提供向心力有：2GMmmgR，解得：2GMgR，则有：221681gMRgMR月月地月地地，根据平抛运动可知，落地时间为2htg，则在月球和地球表面同样高度处，物体的落地时间之比为94tgtg月地月地，水平射程为0xvt，则抛出点与落地点间的水平距离之比为94stst月月地地，故选A。【点评】把月球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题．重力加速度g是天体运动研究和天体表面宏观物体运动研究联系的物理量。6．【2017年海南，6，4分】将一小球竖直向上抛出，小球在运动过程中所受到的空气阻力不可忽略。a为小球运动轨迹上的一点，小球上升和下降经过a点时的动能分别为1kE和2kE。从抛出开始到小球第一次经过a点时重力所做的功为1W，从抛出开始到小球第二次经过a点时重力所做的功为2W。下列选项正确的是（）A．12kkEE，12WWB．12kkEE，12WWC．12kkEE，12WWD．12kkEE，12WW【答案】B【解析】如果没有空气阻力，根据竖直上抛运动规律可知，小球上升和下降经过a点时速度大小相等，动能相等，但由于小球在运动过程中所受到的空气阻力不可忽略，则从小球上升经过a点到下落经过a点的过程中，空气阻力一直做负功，重力做功为零，根据动能定理可知，小球的动能要减小，即12kkEE，而从抛出开始到小球第一次经过a点以及从抛出开始到小球第二次经过a点时，初、末位置的竖直高度相等，则两次重力做的功相等，即12WW，故选B。【点评】解决本题的关键知道重力做功与路径无关，与首末位置的高度差有关，以及掌握动能定理，知道两次经过a点的过程中重力不做功，阻力做负功。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7．【2017年海南，7，5分】三束单色光1、2和3的波长分别为1、2和3123。分别用着三束光照射同一种金属。已知用光束2照射时，恰能产生光电子。下列说法正确的是（）A．用光束1照射时，不能产生光电子B．用光束3照射时，不能产生光电子C．用光束2照射时，光越强，单位时间内产生的光电子数目越多D．用光束2照射时，光越强，产生的光电子的最大初动能越大【答案】AC【解析】由于三束单色光1、2和3的波长关系为123，根据cf可知三束单色光1、2和3的频率关系为123fff，已知用光束2照射时，恰能产生光电子，根据爱因斯坦光电效应规律可知用光束3照射时，一定能产生光电子，而用用光束1照射时，不能产生光电子，选项A正确，选项B错误；根据爱因斯坦光电效应方程max0kEhW可知，当用光束2照射时，产生的光电子的最大初动能与光强无关，但光越强，单位时间内产生的光电子数目越多，光电流强度就越大，选项C正确，选项D错误；故选AC。【点评】考查波长与频率的关系式，掌握光电效应现象发生条件，理解光电效应方程的内容。8．【2017年海南，8，5分】如图，电阻R、电容C和电感L并联后，接入输出电压有效值恒定、频率可调的交流电源。当电路中交流电的频率为f时，通过R、C和L的电流有效值恰好相等。若将频率降低为12f，分别用1I、2I和3I表示此时通过R、C和L的电流有效值，则（）A．13IIB．12IIC．32IID．23II【答案】BC【解析】当电路中交流电的频率为f时，通过R、C和L的电流有效值恰好相等，当交变电流的频率为2f时，则线圈的感抗变小，导致通过L的电流3I有效值变大；对于电容器的容抗变大，导致通过的电流2I有效完美WORD格式范文.范例.指导.参考值变小；对于电阻来说1I没有变化，即312III，故选BC。【点评】解决本题的关键是要掌握电容器和电感的特性，知道电流的频率越低时，容抗越高；而线圈的频率越低时，感抗越小。9．【2017年海南，9，5分】如图，水平地面上有三个靠在一起的物块P、Q和R，质量分别为m、2m和3m，物块与地面间的动摩擦因数都为。用大小为F的水平外力推动物块P，记R和Q之间相互作用力与Q与P之间相互作用力大小之比为k。下列判断正确的是（）A．若0，则56kB．若0，则35kC．若0，则12kD．若0，则35k【答案】BD【解析】若0，对整体，根据牛顿第二定律有：2323Fmmmgmmma，解得：23Fagmmm，以Q与R为研究对象，根据牛顿第二定律有：12323Fmmgmma，解得：156FF，以R为研究对象，根据牛顿第二定律有：233Fmgma，解得：22FF，则R和Q之间相互作用力2F与Q与P之间相互作用力1F大小之比2135FkF，选项A错误，选项B正确；若0，根据牛顿第二定律有：23Fmmma，解得：6Fam，以Q与R为研究对象，根据牛顿第二定律有：123Fmma，解得：156FF，以R为研究对象，根据牛顿第二定律有：23Fma，解得：22FF，则R和Q之间相互作用力2F与Q与P之间相互作用力1F大小之比2135FkF，选项C错误，选项D正确；故选BD。【点评】对物体运动过程中某一力的求解，一般先对物体运动状态进行分析，得到加速度，然后应用牛顿第二定律求得合外力，再对物体进行受力分析即可求解。10．【2017年海南，10，5分】如图，空间中存在一匀强磁场区域，磁场方向与竖直面（纸面）垂直，磁场的上、下边界（虚线）均为水平面；纸面内磁场上方有一个正方形导线框abcd，其上、下两边均为磁场边界平行，边长小于磁场上、下边界的间距。若线框自由下落，从ab边进入磁场时开始，直至ab边到达磁场下边界为止，线框下落的速度大小可能（）A．始终减小B．始终不变C．始终增加D．先减小后增加【答案】CD【解析】设线框的质量为m，线框的边长为L，磁感应强度为B，由于线框从某一高度处自由下落，当ab边进入磁场时，如果此时ab边受到的安培力等于线框的重力，即BILmg，线框匀速进入磁场，但于线框边长小于磁场上、下边界的间距，则可知线框完全进入磁场后到ab边到达磁场下边界为止，由于穿过线框的磁通量不变，线框仅受重力，这个过程线框做匀加速直线运动，即线框下落的速度先不变后增加；当ab边进入磁场时，如果此时ab边受到的安培力大于线框的重力，即BILmg，线框减速进入磁场，同理，可知线框完全进入磁场后到ab边到达磁场下边界为止，线框做匀加速度运动，即线框下落的速度先减小，后增大；当ab边进入磁场时，如果此时ab边受到的安培力小于线框的重力，即BILmg，线框加速进入磁场，同理可知，线框完全进入磁场后到ab边到达磁场下边界为止，线框做匀加速度运动，即线框下落的速度始终增加；综上分析可知，选项CD正确，选项AB错误；故选CD。【点评】本题主要考查了线框切割磁场产生感应电流同时受到安培力，根据牛顿第二定律和运动学即可判断速度的变化。三、实验题：本题共2小题，共18分．把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程．11．【2017年北京，11，6分】某同学用游标卡尺分别测量金属圆管的内、外壁直径，游标卡尺的示数分别如图（a）和图（b）所示。由图可读出，圆管内壁的直径为_______cm，圆管外壁的直径为_______cm；由此可计算出金属圆管横截面的面积。【答案】2.23；2.99【解析】由图（a）可知游标卡尺的读数为22mm30.1mm22.3mm2.23cmd，所以圆管内壁的直径为2.23cm；由图（b）可知游标卡尺的读数为29mm0.19mm29.9mm2.99cmD，所以圆管外壁的完美WORD格式范文.范例.指导.参考直径为2.99cm。【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量。12．【2017年北京，12，12分】某同学用伏安法测量待