近六北京高考理综物理试题分类汇编提分堂

最近五年（06－10）北京市高考物理试题统计目录一、力学第2页186分1.1牛顿定律1－5（06.1907.1809.1808.2010.22）40分1.2功和能6（06.22）16分1.3动量7（08.24）20分1.4动量与能量8－9（09.2410.24）40分1.5万有引力10－14（06.1807.1508.1709.2210.16）40分1.6机械振动和机械波15－19（06.1707.1908.1609.1710.17）30分二、电学第12页248分2.1静电感应、电容20－21（06.1410.18）12分2.2电场22－26（09.1609.2007.2006.2307.22）46分2.3磁场27（06.20）6分2.4电场和磁场综合28－29（08.1909.19）12分2.5电磁感应30－35（10.1908.2207.2406.2409.2310.23）98分2.6交变电流36－37（07.1708.18）12分2.7综合38－41（09.1510.2007.2308.23）62分三、热光原第23页84分3.1热学42－45（06.1507.1608.1509.13）24分3.2光学46－49（06.1607.1308.1310.14）24分3.3原子物理与相对论50－55（06.1307.1408.1409.1410.1510.13）36分四、实验第26页90分4.1力学实验56－57（07.21.208.21.2）4.2电学实验58－62（07.21.108.21.106.21.209.21.210.21）4.3光学实验63－64（06.21.109.21.1）一、力学1.1牛顿定律1．（06北京）19．木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25。夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m。系统置于水平地面上静止不动。现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，如图所示。力F作用后19．CA．木块A所受摩擦力大小是12.5NB．木块A所受摩擦力大小是11.5NC．木块B所受摩擦力大小是9ND．木块B所受摩擦力大小是7N2．（07北京）18．图示为高速摄影机拍摄到的子弹穿透苹果瞬间的照片。该照片经放大后分辨出，在曝光时间内，子弹影象前后错开的距离约为子弹长度的1%~2%。已知子弹飞行速度约为500m/s，由此可估算出这幅照片的曝光时间最接近B中A．10-3sB．10-6sC．10-9sD．10-12s3．（09北京）18．如图所示，将质量为m的滑块放在倾角为θ的固定斜面上。滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ。若滑块与斜面之间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则A．将滑块由静止释放，如果μ＞tanθ，滑块将下滑B．给滑块沿斜面向下的初速度，如果μ＜tanθ，滑块将减速下滑C．用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果μ=tanθ，拉力大小应是2mgsinθD．用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果μ=tanθ，拉力大小应是mgsinθ【答案】C【解析】对处于斜面上的物块受力分析，要使物块沿斜面下滑则mgsinθμmgcosθ，故μtanθ，故AB错误；若要使物块在平行于斜面向上的拉力F的作用下沿斜面匀速上滑，由平衡条件有：F-mgsinθ-μmgcosθ=0故F=mgsinθ+μmgcosθ，若μ=tanθ，则mgsinθ=μmgcosθ，即F=2mgsinθ故C项正确；若要使物块在平行于斜面向下的拉力F作用下沿斜面向下匀速滑动，由平衡条件有：F+mgsinθ-μmgcosθ=0则F=μmgcosθ-mgsinθ若μ=tanθ，则mgsinθ=μmgcosθ，即F=0，故D项错误。4．（08北京）20．有一些问题你可能不会求解，但是你仍有可能对这些问题的解是否合理进行分析和判断。例如从解的物理量单位，解随某些已知量变化的趋势，解在一些特殊条件下的结果等方面进行分析，并与预期结果、实验结论等进行比较，从而判断解的合理性或正确性。举例如下：如图所示。质量为M、倾角为θ的滑块A放于水平地面上。把质量为m的滑块B放在A的斜面上。忽略一切摩擦，有人求得B相对地面的加速度singθsinmMmMa2，式中g为重力加速度。对于上述解，某同学首先分析了等号右侧量的单位，没发现问题。他进一步利用特殊条件对该解做了如下四项分析和判断，所得结论都是“解可能是对的”。但是，其中有一项是错误的。请你指出该项。(D)A．当＝0时，该解给出a=0，这符合常识，说明该解可能是对的B．当＝90时，该解给出a=g，这符合实验结论，说明该解可能是对的BAθABFθmC．当Mm时，该解给出a=gsinθ，这符合预期的结果，说明该解可能是对的D．当mM时，该解给出θsinga，这符合预期的结果，说明该解可能是对的[解析]分析思路：通过从物理过程出发，分析这一图景在A、B、C、D四种特殊条件下的变形及变形后滑块B的加速度，对比从公式θsingθsinmMmMa2出发，计算出A、B、C、D四种特殊条件下滑块B的加速度，来判定公式正确与否的可能性。具体解析如下：当00时，物理图景变成滑块B放在滑块A的水平支撑面上，显然滑块B的加速度a=0；由公式θsingθsinmMmMa2，当00时，a=0，公式结果符合物理事实，说明公式所表达的解是可能的，故A说法正确。当090时，物理图景变成滑块B紧贴竖直光滑平面释放，显然滑块B做自由落体运动，加速度a=g；由公式θsingθsinmMmMa2，当090时，a=g，公式结果符合物理事实，说明公式所表达的解是可能的，故B说法正确。当Mm时，由滑块A、B所组成的系统水平方向动量守恒有：BxAxmvMV，BxAxvMmV，相对于滑块B，滑块A运动状态的改变可忽略不计，物理图景变成滑块B在光滑斜面上释放，这时θsinga；由公式θsingθsinmMmMa2，当M»m时，θsinga，公式结果符合物理事实，说明公式所表达的解是可能的，故C说法正确。当mM时，由滑块A、B所组成的系统水平方向动量守恒有：BxAxmvMV，AxBxVmMv，相对于滑块A，滑块B水平方向运动状态的改变很小，且θ越大，物理图景越接近滑块B自由落体，a越接近g；由公式θsingθsinmMmMa2，当mM时，θsinga，θ越大a越小，公式结果不符合物理事实，故D说法错误，因为要求挑出错误选项，故选D。5．（10北京）22.（16分）如图，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，经过3.0s落到斜坡上的A点。已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角＝37°，运动员的质量m＝50kg。不计空气阻力。（取sin37°＝0.60，cos37°＝0.80;g取10m/s2）求（1）A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度大小；（3）运动员落到A点时的动能。【答案】（1）75m（2）20m/s（3）32500J【解析】（1）运动员在竖直方向做自由落体运动，有：021sin372LgtA点与O点的距离：20752sin37gtLm（2）设运动员离开O点的速度为v0，运动员在水平方向做匀速直线运动，即：00cos37Lvt解得：00cos3720/Lvmst（3）由机械能守恒，取A点为重力势能零点，运动员落到A点时的动能为：201325002kAEmghmvJ1.2功和能6．（06北京）22．（16分）下图是简化后的跳台滑雪的雪道示意图。整个雪道由倾斜的助滑雪道AB和着陆雪道DE，以及水平的起跳平台CD组成，AB与CD圆滑连接。运动员从助滑雪道AB上由静止开始，在重力作用下，滑到D点水平飞出，不计飞行中的空气阻力，经2s在水平方向飞行了60m，落在着陆雪道DE上。已知从B点到D点运动员的速度大小不变。（g取10m/s2），求：⑴运动员在AB段下滑到B点的速度大小；⑵若不计阻力，运动员在AB段下滑过程中下降的高度；⑶若运动员的质量为60kg，在AB段下降的实际高度是50m，此过程中他克服阻力所做的功。22.（16分）（1）运动员从D点飞出时的速度：v=smtSx/30依题意，下滑到助雪道末端B点的速度大小是30m/s（2）在下滑过程中机械守恒，有：221mvmgh下降的高度：mgvh4522（3）根据能量关系，有：221mvWmgHf运动员克服阻力做功：JmvmgHWf30002121.3动量7．（08北京）24.（20分）有两个完全相同的小滑块A和B，A沿光滑水平面以速度v0与静止在平面边缘O点的B发生正碰，碰撞中无机械能损失。碰后B运动的轨迹为OD曲线，如图所示。（1）已知滑块质量为m，碰撞时间为t，求碰撞过程中A对B平均冲力的大小。（2）为了研究物体从光滑抛物线轨道顶端无初速下滑的运动，特制做一个与B平抛轨道完全相同的光滑轨道，并将该轨道固定在与OD曲线重合的位置，让A沿该轨道无初速下滑（经分析，A下滑过程中不会脱离轨道）。a.分析A沿轨道下滑到任意一点的动量pA与B平抛经过该点的动量pB的大小关系；b.在OD曲线上有一M点，O和M两点连线与竖直方向的夹角为45°。求A通过M点时的水平分速度v0ABMODABCDE和竖直分速度。解：（1）滑块A、B碰撞无机械能损失，故满足动量守恒和动能守恒：0mvmvmvBA①2022212121mvmvmvBA②由①②，解得vA=0，vB=v0，在碰撞过程中对B应用动量定理有：0mvtF解得：tmvF0(2)a.设任意点到O点竖直高度差为d。A、B由O点分别运动至该点过程中，只有重力做功，所以机械能守恒。选该任意点为势能零点，有：2021mvmgdE,mgdEkBkA由于kmEp2，有12220gdvgdEEppkBkABA。即：BAppA下滑到任意一点的动量总和是小于B平抛经过该点的动量。b.以O为原点，建立直角坐标系xOy,x轴正方向水平向右，y轴正方向竖直向下，则对B有：2021gty,tvx，B的轨迹方程：2202xvgy在M点x=y，所以：gvy202③因为A、B的运动轨迹均为OD曲线，故在任意一点，两者速度方向相同。设B水平和竖直分速度大小分别为vBx和vBy，速率为vB；A水平和竖直分速度大小分别为vAx和vAy，速率为vA，则：BByAAyBBxAAxvvvv,vvvv④B做平抛运动，故：gyvv,gyv,vvBByBx22200⑤对A由机械能守恒得：gyvA2⑥由④⑤⑥得：gyvgyv,gyvgyvvAyAx222220200将③代入得：00554552vv,vvAyAx1.4动量与能量8．（09北京）24．（20分）（1）如图1所示，ABC为一固定在竖直平面内的光滑轨道，BC段水平，AB段与BC段平滑连接。质量为1m的小球从高位h处由静止开始沿轨道下滑，与静止在轨道BC段上质量为2m的小球发生碰撞，碰撞后两球两球的运动方向处于同一水平线上，且在碰撞过程中无机械能损失。求碰撞后小球2m的速度大小2v；（2）碰撞过程中的能量传递规律在屋里学中有着广泛的应用。为了探究这一规律，我们才用多球依次碰撞、碰撞前后速度在同一直线上、且无机械能损失的恶简化力学模型。如图2所示，在固定光滑水平轨道上，质量分别为1231nmmmm、、……、nm……的若干个球沿直线静止相间排列，给第1个球初能1kE，从而引起各球的依次碰撞。定义其中第n个球经过依次碰撞后获得的动能kE与1kE之比为第1个球对第n个球的动能传递系数1nka)求1nkb)若10004,,kmmmmm为确定的已知量。求2m为何值时，1nk值最大答案：（1）11222mghmm。（2）a）122212311222122314()()()nnnnnnmmmmmkmmmmmm；b）20132mmk时，最大。【解析】（1）设碰撞前的速