2020二轮复习物理选择题专练第05周第2练解析版

2020年高考全真精准模拟理科综合之物理选择题专练第5周第2练二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14．关于原子能级跃迁，下列说法正确的是（）A．处于n=3能级的一个氢原子回到基态时可能会辐射三种频率的光子B．各种气体原子的能级不同，跃迁时发射光子的能量（频率）不同，因此利用不同的气体可以制成五颜六色的霓虹灯C．氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，会辐射一定频率的光子，同时氢原子的电势能减小，电子的动能减小D．已知氢原子从基态跃迁到某一激发态需要吸收的能量为12.09eV，则动能等于12.09eV的另一个氢原子与这个氢原子发生正碰，可以使这个原来静止并处于基态的氢原子跃迁到该激发态【答案】B【解析】A．处于n=3的一个氢原子回到基态时可能会辐射一种频率的光子，或两种不同频率的光子。处于n=3的一群氢原子回到基态时会辐射三种频率的光子；故A错误；B．根据玻尔理论，各种气体原子的能级不同，跃迁时发射光子的能量（频率）不同，因此利用不同的气体可以制成五颜六色的霓虹灯，故选项B正确；C．氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，会辐射一定频率的光子，同时氢原子的电势能减小，电子的动能增大。故选项C错误；D．根据能量守恒可知，要使原来静止并处于基态的氢原子从基态跃迁到某一激发态，需要吸收的能量为12．09eV，则必须使动能比12．09eV大得足够多的另一个氢原子与这个氢原子发生碰撞，才能跃迁到某一激发态，故D错误。故选B。15．如图所示，正三角形ABC区域内存在的磁感应强度大小为B，方向垂直其面向里的匀强磁场，三角形导线框abc从A点沿AB方向以速度v匀速穿过磁场区域。已知AB=2L，ab=L，∠b=90，∠C=30，线框abc三边阻值均为R，ab边与AB边始终在同一条直线上。则在线圈穿过磁场的整个过程中，下列说法正确的是（）A．磁感应电流始终沿逆时针方向B．感应电流一直增大C．通过线框某截面的电荷量为236BLRD．c、b两点的最大电势差为233BLv【答案】D【解析】A．当三角形导线框abc从A点沿AB运动到B点时，穿过线圈的磁通量一直增大，此时线圈产生一个逆时针电流；而后线圈逐渐离开磁场，磁通量减少，线圈产生一个顺时针电流，故A错误；B．根据公式E=BLv可知，感应电流先增大后减小，B错误；C．由公式23232=333LLBBLqRRR故C错误；D．当线框a点刚到达B点时，线框中的感应电动势=3EBLv电流3=33EBLvIRR所23(2)3cbBLvUIR故D正确。故选D。16．某同学用如图甲所示的装置测量滑块A与木板间的动摩擦因数，用手缓慢地提起木板的左端使木板以其右端为圆心缓慢转动，当板与水平方向的夹角37时，滑块A开始沿板下滑。而后将木板和滑块A平放在水平桌面上，木板固定在桌面上，如图乙所示，滑块A左侧弹簧测力计读数为5N且处于伸长状态，右侧通过轻质细绳绕过定滑轮悬挂一轻质砝码盘，滑轮摩擦不计，滑块的质量1kgM，连接滑块的弹簧测力计和细线均水平放置，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。若缓慢增加盘中的砝码，使盘中砝码总质量达到1.2kg时，将会出现的情况是210m/sg（）A．A向右运动B．木板对A的摩擦力为7.5NC．木板对A的摩擦力方向保持不变D．弹簧测力计读数仍为5N【答案】D【解析】ABD.缓慢转动木板使滑块开始下滑时，静摩擦力恰好达到最大值，由平衡条件得：sincosMgMg，解得：0.75，木板与滑块水平放置时，木板与滑块间的最大静摩擦力：0.75110N7.5NmfMg，不放砝码时，滑块水平方向受弹簧测力计的拉力和木板对A的摩擦力，由平衡条件得：5NFf，摩擦力方向水平向右，当砝码盘总质量达到1.2kg时，物块A受到右侧绳的拉力：1.210N12NTFmg，设滑块仍处于静止，由平衡条件得：TFfF，得：7N7.5Nf，假设成立，滑块仍处于静止，弹簧测力计读数仍为5N，故AB错误，D正确；C.对比初状态的摩擦力可得摩擦力方向由水平向右变为水平向左，故C错误。故选：D。17．如图所示，ABE、、是匀强电场中一个椭圆上的三个点，其中A点的坐标为(0,3)，B点的坐标为(5,0)，E点的坐标为(0,3)，CD、两点分别为椭圆的两个焦点，、、ABC三点的电势分别为5V、10V、1V，椭圆所在平面与电场线平行，元电荷191.610Ce，下列说法中正确的是（）A．E点的电势为4VB．D点的电势为9VC．匀强电场的场强大小为10V/mD．将一个电子由A点移到D点，电子的电势能增加196.410J【答案】B【解析】A.根据椭圆关系可知CD、两点与O点的距离：2222534cmcab，由MNMNU得：9VBCU，5VBAU，根据U=Ed得：95BCBCBOBOUdUd，所以：BABOUU，可知AO，y轴即为一条等势线，电场强度方向指向x轴负方向，E点电势为5V，故A错误；B.由电场线与等势面关系得ACDEUU，得9VD，故B正确；C.电场强度：9V100V/m0.09mBCBCUEd，C错误；D.根据ABABWqU得：19191.610C(5V9V)6.410JADWeU，故电子的电势能减少196.410J，故D错误。故选：B。18．如图所示，b球在水平面内做半径为R的匀速圆周运动，BC为圆周运动的直径，竖直平台与b球运动轨迹相切于B点且高度为R。当b球运动到切点B时，将a球从切点正上方的A点水平抛出，重力加速度大小为g，从a球水平抛出开始计时，为使b球在运动一周的时间内与a球相遇(a球与水平面接触后不反弹)，则下列说法正确的是（）A．a球在C点与b球相遇时，a球的运动时间最短B．a球在C点与b球相遇时，a球的初始速度最小C．若a球在C点与b球相遇，则a球抛出时的速率为2gRD．若a球在C点与b球相遇，则b球做匀速圆周运动的周期为2Rg【答案】C【解析】A．平抛时间只取决于竖直高度，高度R不变，时间均为2Rtg；故A错误。BC．平抛的初速度为xvt时间相等，在C点相遇时，水平位移最大max2xR则初始速度最大为：max22RvgRt故B错误，C正确。D．在C点相遇时，b球运动半个周期，故b球做匀速圆周运动的周期为222bRTtg故D错误。故选C。19．为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1，总质量为m1.随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2，则（）A．X星球的质量为M=231214rGTB．X星球表面的重力加速度为gx=21214rTC．登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为322131rTTrD．登陆舱在r1与r2轨道上运动时的速度大小之比为112221vmrvmr【答案】AC【解析】飞船绕星球做圆周运动，万有引力提供向心力，2224GMmmrrT，那么X星球的质量为231214rMGT选项A对．飞船的向心加速度21214raT，而飞船并不是在星球表面，向心加速度不是重力加速度选项B错．根据开普勒第三定律33122212rrTT，322131rTTr选项C对．22GMmmvrr，线速度GMvr，所以有1221vrvr选项D错．20．如图所示的直角坐标系中，第一象限中有一匀强电场，场强方向与x轴的夹角为60。在第四象限存在宽度为2L，沿y轴负方向足够长的匀强磁场。磁感应强度为B，方向垂直纸面向里。现有不计重力的带电粒子（电荷量为q，质量为m）以速度0v从O点射入磁场（0v与x轴的夹角为30）。若带电粒子通过磁场后恰好从A点射入电场，并从x上距离A点为2L的N点（图中未标出）离开电场。下列分析正确的是（）A．带电粒子进入磁场时的速度大小为0qBLvmB．带电粒子从O点到N点（图中未标出）运动的总时间为(233)6mqBC．该匀强电场的场强大小为233qBLmD．带电粒子离开电场时的动能为222143qBLm【答案】BD【解析】A.带电粒子的运动轨迹如图所示，由几何关系可知，带电粒子在匀强磁场中做圆周运动的半径为：2RL，由200vqvBmR得02qBLvm，故A错误；B.带电粒子在匀强磁场中的运动时间为：11263mtTTqB，在匀强电场中：qEma，由题设知2ANL，垂直电场方向做匀速直线运动01022sin60LLvt，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，022212cos602LLat，解得：232mtqB，283qBLEm，从O到N的时间为：12(233)6mtttqB总，故B正确，C错误；D.带电粒子从A到N过程中由动能定理可知22012kqELEmv，解得：222143kqBLEm，故D正确。故选：BD21．如图所示，光滑的四分之一圆弧轨道abc竖直放置，轨道的末端c的切线水平，一倾角为30°的斜面体的顶端紧挨着圆弧轨道的末端c点放置，圆弧上的b点与圆心O的连线与水平方向的夹角为30°。一个小球从b点由静止开始沿轨道下滑，经c点水平飞出，恰好落到斜面上的d点。已知小球的质量1kgm，圆弧轨道的半径0.9mR，重力加速度210m/sg。下列说法正确的是（）A．小球在c点时对轨道的压力大小为10NB．c、d两点的高度差为0.6mC．c、d两点的水平距离为1.2mD．小球从c点运动到d点的时间为3s5【答案】BD【解析】A．小球从b点运动到c点根据动能定理有211sin3200cmgRmv在c点时有2cvFmgmR代入数据解得3m/scv，20NF据牛顿第三定律，小球在c点时对轨道的压力大小为20N，故A错误；BCD．小球从c点运动到d点做平抛运动有212tan30cgtvt解得3s5t又由平抛运动规律可知水平位移3333mm55cxvt竖直位移2213m0.6m251102ygt故B正确，D正确，C错误。故选BD。