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2.3数学归纳法一、选择题(每小题5分,共20分)1.一个关于自然数n的命题,如果验证当n=1时命题成立,并在假设当n=k(k≥1且k∈N*)时命题成立的基础上,证明了当n=k+2时命题成立,那么综合上述,对于()A.一切正整数命题成立B.一切正奇数命题成立C.一切正偶数命题成立D.以上都不对2.在数列{an}中,an=1-12+13-14+…+12n-1-12n,则ak+1=()A.ak+12k+1B.ak+12k+2-12k+4C.ak+12k+2D.ak+12k+1-12k+23.设平面内有k条直线,其中任何两条不平行,任何三条不共点,设k条直线的交点个数为f(k),则f(k+1)与f(k)的关系是()A.f(k+1)=f(k)+k+1B.f(k+1)=f(k)+k-1C.f(k+1)=f(k)+kD.f(k+1)=f(k)+k+24.用数学归纳法证明“当n为正奇数时,xn+yn能被x+y整除”,第二步归纳假设应写成()A.假设n=2k+1(k∈N*)正确,再推n=2k+3正确B.假设n=2k-1(k∈N*)正确,再推n=2k+1正确C.假设n=k(k∈N*)正确,再推n=k+1正确D.假设n=k(k≥1)正确,再推n=k+2正确二、填空题(每小题5分,共10分)5.用数学归纳法证明1+2+3+…+n2=n4+n22时,当n=k+1时左端在n=k时的左端加上________.6.利用数学归纳法证明“(n+1)(n+2)…(n+n)=2n×1×3×…×(2n-1),n∈N*”时,从“n=k”变到“n=k+1”时,左边应增乘的因式是________.三、解答题(共70分)7.(15分)对于n∈N*,用数学归纳法证明:1·n+2·(n-1)+3·(n-2)+…+(n-1)·2+n·1=16n(n+1)(n+2).8.(20分)已知正项数列{an}和{bn}中,a1=a(0<a<1),b1=1-a.当n≥2时,an=an-1bn,bn=bn-11-a2n-1.(1)证明:对任意n∈N*,有an+bn=1;(2)求数列{an}的通项公式.9.(20分)数列{an}满足Sn=2n-an(n∈N*).(1)计算a1,a2,a3,a4,并由此猜想通项公式an;(2)用数学归纳法证明(1)中的猜想.10.(15分)已知点Pn(an,bn)满足an+1=an·bn+1,bn+1=bn1-4an2(n∈N*)且点P1的坐标为(1,-1).(1)求过点P1,P2的直线l的方程;(2)试用数学归纳法证明:对于n∈N*,点Pn都在(1)中的直线l上.2.3数学归纳法答题纸得分:一、选择题题号1234答案二、填空题5.6.三、解答题7.8.9.10.2.3数学归纳法答案一、选择题1.B解析:本题证的是对n=1,3,5,7,…命题成立,即命题对一切正奇数成立.2.D解析:a1=1-12,a2=1-12+13-14,…,an=1-12+13-14+…+12n-1-12n,ak=1-12+13-14+…+12k-1-12k,所以,ak+1=ak+12k+1-12k+2.3.C解析:当n=k+1时,任取其中1条直线,记为l,则除l外的其他k条直线的交点的个数为f(k),因为已知任何两条直线不平行,所以直线l必与平面内其他k条直线都相交(有k个交点);又因为已知任何三条直线不过同一点,所以上面的k个交点两两不相同,且与平面内其他的f(k)个交点也两两不相同,从而平面内交点的个数是f(k)+k=f(k+1).4.B解析:首先要注意n为奇数,其次还要使n=2k-1能取到1.二、填空题5.(k2+1)+(k2+2)+…+(k+1)2解析:n=k时左端为1+2+3+…+k2,n=k+1时左端为1+2+3+…+k2+(k2+1)+(k2+2)+…+(k+1)2.6.2(2k+1)解析:当n=k(k∈N*)时,左式为(k+1)(k+2)…(k+k);当n=k+1时,左式为(k+1+1)·(k+1+2)·…·(k+1+k-1)·(k+1+k)·(k+1+k+1),则左边应增乘的式子是(2k+1)(2k+2)k+1=2(2k+1).三、计算题7.证明:设f(n)=1·n+2·(n-1)+3·(n-2)+…+(n-1)·2+n·1.(1)当n=1时,左边=1,右边=1,等式成立;(2)设当n=k时等式成立,即1·k+2·(k-1)+3·(k-2)+…+(k-1)·2+k·1=16k(k+1)(k+2),则当n=k+1时,f(k+1)=1·(k+1)+2[(k+1)-1]+3[(k+1)-2]+…+[(k+1)-2]·3+[(k+1)-1]·2+(k+1)·1=f(k)+1+2+3+…+k+(k+1)=16k(k+1)(k+2)+12(k+1)(k+1+1)=16(k+1)(k+2)(k+3).∴由(1)(2)可知当n∈N*时等式都成立.8.解:(1)证明:用数学归纳法证明.①当n=1时,a1+b1=a+(1-a)=1,命题成立;②假设n=k(k≥1且k∈N*)时命题成立,即ak+bk=1,则当n=k+1时,ak+1+bk+1=akbk+1+bk+1=(ak+1)·bk+1=(ak+1)·bk1-ak2=bk1-ak=bkbk=1.∴当n=k+1时,命题也成立.由①、②可知,an+bn=1对n∈N*恒成立.(2)∵an+1=anbn+1=anbn1-an2=an(1-an)1-an2=an1+an,∴1an+1=1+anan=1an+1,即1an+1-1an=1.数列{1an}是公差为1的等差数列,其首项为1a1=1a,1an=1a+(n-1)×1,从而an=a1+(n-1)a.9.解:(1)a1=1,a2=32,a3=74,a4=158,由此猜想an=2n-12n-1(n∈N*).(2)证明:当n=1时,a1=1,结论成立.假设n=k(k≥1,且k∈N*)时,结论成立,即ak=2k-12k-1,那么n=k+1(k≥1,且k∈N*)时,ak+1=Sk+1-Sk=2(k+1)-ak+1-2k+ak=2+ak-ak+1.∴2ak+1=2+ak,∴ak+1=2+ak2=2+2k-12k-12=2k+1-12k,这表明n=k+1时,结论成立.∴an=2n-12n-1(n∈N*).10.解:(1)由P1的坐标为(1,-1)知a1=1,b1=-1.∴b2=b11-4a12=13.a2=a1·b2=13.∴点P2的坐标为(13,13)∴直线l的方程为2x+y=1.(2)证明:①当n=1时,2a1+b1=2×1+(-1)=1成立.②假设n=k(k∈N*,k≥1)时,2ak+bk=1成立,则当n=k+1时,2ak+1+bk+1=2ak·bk+1+bk+1=bk1-4ak2(2ak+1)=bk1-2ak=1-2ak1-2ak=1,∴当n=k+1时,命题也成立.由①②知,对n∈N*,都有2an+bn=1,即点Pn在直线l上.
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