2019-2020学年高中数学 第3章 推理与证明 3 3.1 综合法课件 北师大版选修1-2

第三章推理与证明§3综合法与分析法3.1综合法学习目标核心素养1.了解综合法的思考过程、特点．(重点)2．会用综合法证明数学命题．(难点)1.通过对综合法概念和思维过程的理解的学习，培养逻辑推理的核心素养．2．通过对综合法应用的学习，提升逻辑推理和数学建模的核心素养.自主预习探新知1．综合法的定义从命题的出发，利用、、及，通过，一步一步地接近要证明的结论，直到完成命题的证明，这种思维方法称为综合法．2．综合法证明的思维过程用P表示已知条件、已知的定义、公理、定理等，Q表示所要证明的结论，则综合法的思维过程可用框图表示为：P⇒Q1→Q1⇒Q2→Q2⇒Q3→…→Qn⇒Q条件定义公理定理运算法则演绎推理思考：综合法的证明过程属于什么思维方式？[提示]综合法是由因导果的顺推思维．[答案]B1．综合法是从已知条件、定义、定理、公理出发，寻求命题成立的()A．充分条件B．必要条件C．充要条件D．既不充分又不必要条件C[由条件可知cosAcosB－sinAsinB＝cos(A＋B)＝－cosC0，即cosC0，∴C为钝角，故△ABC一定是钝角三角形．]2．在△ABC中，若sinAsinBcosAcosB，则△ABC一定是()A．直角三角形B．锐角三角形C．钝角三角形D．等边三角形综合法[证明过程符合综合法的证题特点，故为综合法．]3．命题“函数f(x)＝x－xlnx在区间(0,1)上是增函数”的证明过程“对函数f(x)＝x－xlnx求导，得f′(x)＝－lnx，当x∈(0,1)时，f′(x)＝－lnx0，故函数f(x)在区间(0,1)上是增函数”，应用了________的证明方法．合作探究提素养【例1】在△ABC中，a，b，c分别为内角A，B，C的对边，且2asinA＝(2b－c)sinB＋(2c－b)sinC.(1)求证：A的大小为60°；(2)若sinB＋sinC＝3.证明：△ABC为等边三角形．思路点拨：(1)利用正弦定理将角与边互化，然后利用余弦定理求A.(2)结合(1)中A的大小利用三角恒等变形证明A＝B＝C＝60°.用综合法证明三角问题[证明](1)由2asinA＝(2b－c)sinB＋(2c－b)sinC，得2a2＝(2b－c)b＋(2c－b)c，即bc＝b2＋c2－a2，所以cosA＝b2＋c2－a22bc＝12，所以A＝60°.(2)由A＋B＋C＝180°，得B＋C＝120°，由sinB＋sinC＝3，得sinB＋sin(120°－B)＝3，sinB＋(sin120°cosB－cos120°sinB)＝3，32sinB＋32cosB＝3，即sin(B＋30°)＝1.因为0°B120°，所以30°B＋30°150°，所以B＋30°＝90°，即B＝60°，所以A＝B＝C＝60°，即△ABC为等边三角形．证明三角等式的主要依据1．三角函数的定义、诱导公式及同角基本关系式．2．和、差、倍角的三角函数公式．3．三角形中的三角函数及三角形内角和定理．4．正弦定理、余弦定理和三角形的面积公式．1．若sinθ，sinα，cosθ成等差数列，sinθ，sinβ，cosθ成等比数列，求证：2cos2α＝cos2β.[证明]∵sinθ，sinα，cosθ成等差数列，∴sinθ＋cosθ＝2sinα①又∵sinθ，sinβ，cosθ成等比数列，∴sin2β＝sinθcosθ②将②代入①2，得1＋2sin2β＝4sin2α，又sin2β＝1－cos2β2，sin2α＝1－cos2α2，∴1＋1－cos2β＝2－2cos2α，即2cos2α＝cos2β.【例2】如图，在四面体B­ACD中，CB＝CD，AD⊥BD，E，F分别是AB，BD的中点．求证：(1)直线EF∥平面ACD；(2)平面EFC⊥平面BCD.用综合法证明几何问题思路探究：(1)依据线面平行的判定定理，欲证明直线EF∥平面ACD，只需在平面ACD内找出一条直线和直线EF平行即可；(2)根据面面垂直的判定定理，欲证明平面EFC⊥平面BCD，只需在其中一个平面内找出一条另一个面的垂线即可．[证明](1)因为E，F分别是AB，BD的中点，所以EF是△ABD的中位线，所以EF∥AD，又EF⃘平面ACD，AD平面ACD，所以直线EF∥平面ACD.(2)因为AD⊥BD，EF∥AD，所以EF⊥BD.因为CB＝CD，F是BD的中点，所以CF⊥BD.又EF∩CF＝F，所以BD⊥平面EFC.因为BD平面BCD，所以平面EFC⊥平面BCD.证明空间位置关系的一般模式本题是综合运用已知条件和相关的空间位置关系的判定定理来证明的，故证明空间位置关系问题，也是综合法的一个典型应用．在证明过程中，语言转化是主旋律，转化途径为把符号语言转化为图形语言或文字语言转化为符号语言．这也是证明空间位置关系问题的一般模式．2．如图，在长方体ABCD­A1B1C1D1中，AA1＝AD＝a，AB＝2a，E，F分别为C1D1，A1D1的中点．(1)求证：DE⊥平面BCE；(2)求证：AF∥平面BDE.[证明](1)∵BC⊥侧面CDD1C1，DE侧面CDD1C1，∴DE⊥BC.在△CDE中，CD＝2a，CE＝DE＝2a，则有CD2＝DE2＋CE2，∴∠DEC＝90°，∴DE⊥EC.又∵BC∩EC＝C，∴DE⊥平面BCE.(2)连接EF，A1C1，设AC交BD于点O，连接EO，∵EF綊12A1C1，AO綊12A1C1，∴EF綊AO，∴四边形AOEF是平行四边形，∴AF∥OE.又∵OE平面BDE，AF⃘平面BDE，∴AF∥平面BDE.[探究问题]1．综合法证明不等式的主要依据有哪些？用综合法证明不等式[提示](1)a2≥0(a∈R)．(2)a2＋b2≥2ab，a＋b22≥ab，a2＋b2≥a＋b22.(3)a，b∈(0，＋∞)，则a＋b2≥ab，特别地，ba＋ab≥2.(4)a－b≥0⇔a≥b；a－b≤0⇔a≤b.(5)a2＋b2＋c2≥ab＋bc＋ca.(6)ba＋ab≥2(a，b同号，即ab0)．(7)||a|－|b||≤|a＋b|≤|a|＋|b|(a，b∈R)．左边等号成立的条件是ab≤0，右边等号成立的条件是ab≥0.2．使用基本不等式证明不等式时，应该注意什么？请举例说明．[提示]使用基本不等式时，要注意①“一正、二定、三相等”；②不等式的方向性；③不等式的适度，如下例．[题]已知，a，b∈(0，＋∞)，求证：ab＋ba≥a＋b.若直接使用基本不等式，ab＋ba≥2ab·ba＝24ab，而a＋b≥24ab.从而达不到证明的目的，没掌握好“度”，正确的证法应该是这样的：[证明]∵a0，b0，∴ab＋b≥2a，ba＋a≥2b，∴ab＋b＋ba＋a≥2a＋2b，即ab＋ba≥a＋b.【例3】已知x0，y0，x＋y＝1，求证：1＋1x1＋1y≥9.思路探究：解答本题可由已知条件出发，结合基本不等式利用综合法证明．[证明]法一：因为x0，y0,1＝x＋y≥2xy，所以xy≤14.所以1＋1x1＋1y＝1＋1x＋1y＋1xy＝1＋x＋yxy＋1xy＝1＋2xy≥1＋8＝9.法二：因为1＝x＋y，所以1＋1x1＋1y＝1＋x＋yx1＋x＋yy＝2＋yx2＋xy＝5＋2xy＋yx.又因为x0，y0，所以xy＋yx≥2，当且仅当x＝y时，取“＝”．所以1＋1x1＋1y≥5＋2×2＝9.1．本例条件不变，求证：1x＋1y≥4.[证明]法一：因为x，y∈(0，＋∞)，且x＋y＝1，所以x＋y≥2xy，当且仅当x＝y时，取“＝”，所以xy≤12，即xy≤14，所以1x＋1y＝x＋yxy＝1xy≥4.法二：因为x，y∈(0，＋∞)，所以x＋y≥2xy0，当且仅当x＝y时，取“＝”，1x＋1y≥21xy0，当且仅当1x＝1y时，取“＝”，所以(x＋y)1x＋1y≥4.又x＋y＝1，所以1x＋1y≥4.法三：因为x，y∈(0，＋∞)，所以1x＋1y＝x＋yx＋x＋yy＝1＋yx＋xy＋1≥2＋2xy·yx＝4，当且仅当x＝y时，取“＝”．2．把本例条件改为“a0，b0，c0”且a＋b＋c＝1，求证：ab＋bc＋ac≤13.[证明]∵a0，b0，c0，∴a2＋b2≥2ab，b2＋c2≥2bc，a2＋c2≥2ac.∴a2＋b2＋c2≥ab＋bc＋ca.∴(a＋b＋c)2＝a2＋b2＋c2＋2ab＋2bc＋2ca≥3(ab＋bc＋ac)．又∵a＋b＋c＝1，∴ab＋bc＋ac≤13.综合法的证明步骤1．分析条件，选择方向：确定已知条件和结论间的联系，合理选择相关定义、定理等．2．转化条件，组织过程：将条件合理转化，书写出严密的证明过程．特别地，根据题目特点选取合适的证法可以简化解题过程．1．综合法的基本思路综合法的基本思路是“由因导果”，由已知走向求证，即从数学命题的已知条件出发，经过逐步的逻辑推理，最后得到待证结论．其逻辑依据是三段论式的演绎推理方法．2．综合法的特点(1)从“已知”看“可知”，逐步推向“未知”，由因导果，逐步推理，寻找它的必要条件．(2)证明步骤严谨，逐层递进，步步为营，条理清晰，形式简洁，易于表达推理的思维轨迹．(3)由综合法证明命题“若A，则D”的思考过程如图所示：当堂达标固双基1．判断正误(1)综合法是由因导果的顺推证法．()(2)综合法证明的依据是三段论．()(3)综合法的推理过程实际上是寻找它的必要条件．()[提示](1)正确．由综合法的定义可知该说法正确．(2)正确．综合法的逻辑依据是三段论．(3)正确．综合法从“已知”看“可知”，逐步推出“未知”，其逐步推理实际上是寻找它的必要条件．[答案](1)√(2)√(3)√B[若l⊥α，α∥β，则l⊥β，又mβ，所以l⊥m，①正确；若l⊥α，mβ，l⊥m，α与β可能相交，②不正确；若l⊥α，mβ，α⊥β，l与m可能平行，③不正确；若l⊥α，l∥m，则m⊥α，又mβ，所以α⊥β，④正确．]2．已知直线l，m，平面α，β，且l⊥α，mβ，给出下列四个命题：①若α∥β，则l⊥m；②若l⊥m，则α∥β；③若α⊥β，则l⊥m；④若l∥m，则α⊥β.其中正确的命题的个数是()A．1B．2C．3D．4pq[p＝a－2＋1a－2＋2≥2a－2·1a－2＋2＝4，－a2＋4a－2＝2－(a－2)22，∴q22＝4≤p.]3．已知p＝a＋1a－2(a2)，q＝2－a2＋4a－2(a2)，则p与q的大小关系是________．4．数列{an}的前n项和记为Sn，已知a1＝1，an＋1＝n＋2nSn(n＝1,2,3，…)．求证：(1)数列Snn为等比数列；(2)Sn＋1＝4an.[证明](1)∵an＋1＝n＋2nSn，而an＋1＝Sn＋1－Sn，∴n＋2nSn＝Sn＋1－Sn，∴Sn＋1＝2n＋1nSn，∴Sn＋1n＋1Snn＝2，又∵a1＝1，∴S1＝1，∴S11＝1，∴数列Snn是首项为1，公比为2的等比数列．(2)由(1)知Snn的公比为2，而an＝n＋1n－1Sn－1(n≥2)，∴Sn＋1n＋1＝4Sn－1n－1＝4n－1·ann－1n＋1，∴Sn＋1＝4an.