河南省豫西名校2019-2020学年高二物理上学期第一次联考试题（PDF）

高二物理参考答案第1页（共5页）豫西名校2019—2020学年上期第一次联考高二物理参考答案一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．多选题全部选对的得5分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）1．答案：C解析：电源的电动势是表征电源对外做功本领大小的物理量，而电源两端的电压是路端电压。2．答案：C解析：内接法和外接法测出的被测电阻的阻值是不相同的，甲图为内接法，测量值偏大，乙图为外接法，测量值偏小，对大电阻用内接法误差小，对小电阻用外接法误差小。3．答案：C解析：对于电流表A1，和A2，两个表头并联，电压相同，故流过两个表头的电流相同，则电流表A1的指针偏转角等于电流表A2的指针偏转角，而电流表A1的量程大于A2的量程，则电流表A1的读数大于电流表A2的读数，故A错误，B错误；对于电压表V1和V2，两个表头串联，故流过两个表头的电流相同，则电压表V1的指针偏转角等于电压表V2的指针偏转角，而电压表V1的量程大于V2量程，则电压表V1的读数大于电压表V2的读数，故C正确，D错误。4．答案：A解析：根据图示电路图，由欧姆定律可得：电容器两端电压22221RrERrREIRU+=+==，油滴受到的电场力：F=qE=q)1(2RrdqEdU+=，开始时油滴静止不动，Fmg=，要使油滴保持静止不动，则电场力应保持不变；A、增大R1的阻值，电场力保持不变，故A正确；B、增大R2的阻值，电场力增大，带电油滴向上运动，故B错误，C、增大两板间的距离，极板间的电场强度减小，电场力减小，小于重力，油滴受到的合力向下，油滴向下运动，故C错误；D、断开电键S，极板间的电场强度为零，电场力为零，油滴受到重力作用，油滴向下运动，故D错误。故选：A。5．答案：A解析：A、在时间t内消耗电能(W电)转化为机械能(W机mgh=)和内能(W内2IRt=)，所以W电2mgvtIRt=+，而rtIEIW2t−=电，解得：2mgvErRII=−−，故A正确，B错误；C、如果电动机转轴被卡住而停止转动，则电动机相当于电阻为R的电阻，所以电路的电流增大，高二物理参考答案第2页（共5页）电动机相当于一个电阻在消耗能量，故电动机仍然在工作。根据2PIr=可知较短时间内电源消耗的功率将变大，故C、D错误.6．答案：C解析：当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，故1L变亮；电路中电流增大，故内阻及01RL、两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故2L变暗；因2L中电流减小，干路电流增大，故流过3L的电流增大，故L3变亮；故A、B错误；因1L中电流增大，3L中电流增大，而2L中电流减小；开始时有：123III=+，故1I电流的变化值一定小于3L中电流的变化值；故C正确；因并联部分的电压与10LR、及内电阻上的总电压等于电源的电动势；2L两端的电压减小，10LR、及内阻r两端的电压增大，而电动势不变，故2L两端电压减小值应等于其它三个电阻的增大值，故1L上电压变化值小于L2上的电压变化值，故D错误。7．答案：B解析：R1与微安表并联，1max)(RIIRIggg−=得Ω=101R，gggRIU==0.09V，2R=m291IgaxUU−=Ω，故选B8．答案：AB解析：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当R4的滑片向a移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，路端电压增大，则R1两端的电压减小，可知并联部分的电压增大，电压表读数增大，由欧姆定律可知流过R3的电流增大，根据并联电路的特点可知：流过R2的电流减小，则电流表示数减小，故A正确；C．因电容器两端电压增大，A点电势升高，板间场强增大，质点受到的向上电场力增大，故质点P将向上运动，故B正确C错误；D．因R2中的电流减小，由22RIP=可知，R2上消耗的功率减小，故D错误。9．答案：BD解析：滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器的电阻变小，由rREI+=得电流必然增大，由公式EIP=总得总功率必然增大，电源的效率100)(22×+=rRIRIη％，效率必然变小；rIP2=内必然增大；因为电源内阻与滑动变阻器的大小关系不知，所以输出功率如何变化，无法确定。10．答案：BC解析：由乙图可知，b图线是3U与I的关系图线，a图线是1U与I的关系图线，c是2U与高二物理参考答案第3页（共5页）I的关系图线，故A错误B正确，故rRIU+=∆∆21，rIU=∆∆3，C正确，D错误。二、实验题（11题4分，12题12分，共16分）11．（4分）答案：52.400.69012．（12分）答案：（1）c（2分）f（2分）h（2分）（2）如图所示（3分）（3）2222()UIrRIrIR−+（3分）三、计算题（共44分．解题要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数据计算的题目，还应计算出最后结果，只有最后答案的不得分．）13．（10分）答案：（1）2A（6分）（2）4.2W（4分）解析：（1）设流过指示灯R的电流为1I，流过电流表A的电流为I则指示灯R的电功率RIP21=（2分）代入数据解得AI5.01=（1分）路端电压VRIU41==（1分）由闭合电路欧姆定律有EUIr=+（1分）解得AI2=（1分）即流过电流表的电流示数为2A．（2）设流过电动机M的电流为2I高二物理参考答案第4页（共5页）根据并联电路的电流关系211.5IIIA=−=（1分）电动机输出的机械功率0222RIUIP−=出（2分）代入数据解得WP2.4=出（1分）电动机输出的机械功率为4.2W．14．（10分）答案：（1）B（2分）（2）4Ω；12Ω（4分）（3）9V；2.0Ω（4分）解析：（1）20UIR=，电压表2V的示数随电流表示数的变化图象应为B.（2分）（2）由图乙可知，电阻0R的值等于图线A的斜率，即Ω=Ω−−=∆∆=0.45.05.10.20.60IUR（2分）当R全部接入电路时，电路中电流最小，对应图线B的左端点，则Ω=Ω=+165.00.80RR（1分）得Ω=Ω−Ω=12416R（1分）（3）对图线B的左端点，根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir有rAVE•+=5.00.8（2分）对图线B的右端点，根据闭合电路欧姆定律有，6.01.5EVAr=+⋅联立解得Ω==0.2,0.9rVE（2分）15．（11分）答案：（1）UAB=V20−（5分）（2）R1=20ΩQ=C3106−×（6分）解析：（1）油滴静止，由平衡条件知Mg－qE=0（1分）两板间电势差UBA=Ed（1分）则UBA=qMgd（1分）UBA=20V（1分）UAB=V20−（1分）（2）闭合电路欧姆定律知E=I（R1+R2+r）或E=U外+U内（1分）电容器与滑动变阻器并联，UBA=IR1知（1分）高二物理参考答案第5页（共5页）即UBA=VErRRR20211=++（1分）得R1=20Ω（1分）由电容器的电容公式C=UQ得CUQ=（1分）代入数据得Q=C3106−×（1分）16．（13分）答案：（1）sm/106.17×（3分）（2）范围为从''O向下my0173.0=′（10分）解析：（1）电子在两块金属板间加速，有2012BAeUmυ=（2分）解得BA02eUvm==smsm/106.1/109720106.1273119×=××××−−（1分）（2）由于电子穿过MN间所用时间极短，故电子穿过MN的过程可视为板间电压不变，当VU401=时，电子经过MN极板向下的偏移最大，则由221aty=，（1分）①mdeUmeEmFa===（1分）②0υlt=（1分）③①②③联立解得my3105.12−×=（2分）dy，说明并不是所有的电子都可以飞出MN、．飞出的所有电子中，（1分）偏转位移最大的为d，设打到荧光屏上的电子最下端到OO′′′距离为y′，由比例关系Lllyd+=′22（2分）代入数据得my0173.0=′（2分）