上海市交通大学附属中学2018-2019学年高二化学下学期期中试题（含解析）

-1-上海市交通大学附属中学2018-2019学年高二化学下学期期中试题（含解析）可能用到的相对原子质量：C-12，H-1，O-16一、选择题(每小题只有一个正确答案)1.你做的这张试卷的主要成分是A.蛋白质B.糖类C.聚乙烯D.酚醛树脂【答案】B【解析】【分析】根据纸属于纤维素分析。【详解】纸的主要成分是植物的纤维是纤维素，属于有机物中的糖类。答案选B。【点睛】本题考查物质的分类，解题的关键是对组成这些物质的材料成分的掌握，难度不大。2.为了获得重油，应将石油A.减压分馏B.常压分馏C.催化裂化D.裂解【答案】A【解析】【详解】石油的分馏分为常压分馏和减压分馏。石油经过常压分馏后剩下的一些重油中的各种成分的沸点很高，为了减小经济支出，常采用减压分馏。通过降低分馏塔内的压强，使重油在较低沸点沸腾，这种过程称为减压分馏。其原理是利用外界压强对物质沸点的影响，因为外界压强越大，物质的沸点就越高，外界压强越小，物质的沸点就越低，通过这种方法来达到减压分馏的目的。石油催化裂化为了提高汽油的产量和质量，石油裂解的目的是为了得到短链的不饱和气态烃，提供有机化工原料。为了获得重油，应将石油进行减压分馏，答案选A。3.有机物的名称为A.乙二酸二乙酯B.二乙酸乙二酯C.二乙酸二乙酯D.乙二酸乙-2-二酯【答案】B【解析】【分析】根据酯的结构简式分析由什么酸与什么醇发生酯化反应而形成，进而进行命名。【详解】有机物是由两分子乙酸与一分子乙二醇发生酯化反应生成的二乙酸乙二（醇）酯，故名称为二乙酸乙二酯，答案选B。4.下列有机物与油酸互为同系物的是A.B.硬脂酸C.软脂酸D.CH2=CHCOOH【答案】D【解析】【详解】油酸C17H33COOH分子中含有一个羧基，烃基中只含有一个不饱和的碳碳双键。A.为环已甲酸，分子中含有一个羧基，烃基中不含碳碳双键，与油酸不互为同系物，选项A错误；B.油酸中烃基为不饱和烃基，硬脂酸烃基为饱和烃基，二者结构不相似，不是同系物，选项B错误；C.软脂酸也叫十六碳酸，烃基为饱和烃基，油酸中烃基为不饱和烃基，二者结构不相似，不是同系物，选项C错误；D.CH2=CHCOOH分子中含有一个羧基，烃基中只含有一个不饱和的碳碳双键，结构与油酸相似，且相差15个CH2，互为同系物，选项D正确。答案选D。5.不可能是乙烯加成产物的是A.CH3CH3B.CH3CH2OHC.CH3CHCl2D.CH3CH2Br【答案】C【解析】【分析】-3-乙烯中具有碳碳双键，能与氢气、氯气、水、HBr发生加成反应，以此来解答。【详解】A．乙烯能与氢气发生加成反应生成乙烷，选项A不选；B．乙烯与水发生加成反应生成乙醇，选项B不选；C．乙烯与氯气发生加成反应生成CH2ClCH2Cl，不会生成CH3CHCl2，选项C选；D．乙烯与HBr发生加成反应生成溴乙烷，选项D不选；答案选C。【点睛】本题考查有机物的结构和性质，明确乙烯中的官能团及性质是解答本题的关键，题目难度不大。6.下列有机物沸点最高的是A.HCHOB.异丁烷C.新戊烷D.正戊烷【答案】D【解析】【分析】分子晶体的相对分子质量越大，则熔沸点越高，支链越多熔沸点越低，据此分析。【详解】分子晶体的相对分子质量越大，则熔沸点越高，戊烷的相对分子质量比丁烷、HCHO大，所以戊烷的沸点比丁烷、HCHO高，戊烷的同分异构体中正戊烷支链最少，所以正戊烷的沸点最高。答案选D。【点睛】本题考查有机物沸点的比较，题目难度不大，本题注意把握影响沸点高低的因素以及氢键对物质物理性质的影响。7.和C2H5OH在浓硫酸作用下发生反应，一段时间后，分子中含有18O的物质有A.1种B.2种C.3种D.4种【答案】C【解析】【分析】乙酸与乙醇反应，乙酸中的羧基提供羟基，乙醇中的羟基提供氢原子，羟基和氢原子形成水，剩下基团结合的形成酯，据此进行判断。-4-【详解】乙酸与乙醇反应，乙酸中的羧基提供羟基，乙醇中的羟基提供氢原子，羟基和氢原子形成水，剩下基团结合的形成酯：CH3C18O18OH+CH3CH2OH⇌CH3C18OOC2H5+H218O，所以分子中含有18O的物质总共有3种，分别为：CH3C18O18OH、CH3C18OOC2H5、H218O，答案选C。【点睛】本题考查羧酸与醇反应的原理，题目难度不大，注意明确酯化反应原理：“酸脱羟基醇脱氢”即乙酸中的羧基提供羟基，乙醇中的羟基提供氢原子。8.下列反应中有机物被还原的是A.乙烯→乙烷B.乙醇→乙醛C.乙醇→乙烯D.乙醛→乙酸【答案】A【解析】【详解】A.乙烯→乙烷：乙烯被还原生成乙烷，选项A符合；B.乙醇→乙醛：乙醇被氧化生成乙醛，选项B不符合；C.乙醇→乙烯：乙醇发生消去反应生成乙烯，选项C不符合；D.乙醛→乙酸：乙醛被氧化生成乙酸，选项D不符合。答案选A。9.分子式为C5H12O的醇中，能被氧化为酮的有A.2种B.3种C.4种D.5种【答案】B【解析】【分析】能被氧化铜氧化成酮为醇，与-OH相连的C上只有1个H，据此分析。【详解】能被氧化铜氧化成酮为醇，与-OH相连的C上只有1个H，分子式为C5H12O的醇与-OH相连的C上只有1个H的有CH3CH2CH2CH(OH)CH3、CH3CH(OH)CH2(CH3)2、CH3CH2CH(OH)CH2CH3共3种，故符合条件的3种。答案选B。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重醇性质的考查，注意催化氧化反应结构上的特点，题目难度不大。-5-10.检验溴乙烷中的溴元素，不需要的试剂是A.KOH溶液B.AgNO3溶液C.HNO3D.CCl4【答案】D【解析】【详解】检验溴乙烷中含有溴元素首先将它转化为溴离子，采用卤代烃的水解方法，即加入KOH溶液，在水解后生成的溴离子可以和银离子反应，生成淡黄色不溶于硝酸的沉淀溴化银，由此来检验溴乙烷中的溴元素，所以操作为：加入KOH溶液，加热，溴乙烷在碱性条件下水解生成溴化钾和乙醇，冷却，加入稀HNO3酸化后加入AgNO3溶液，溴离子和银离子反应生成淡黄色不溶于硝酸的溴化银沉淀。不需要用到的试剂是CCl4。答案选D。11.有机物的官能团之间会相互影响，下列不能说明羟基对其他基团有影响的是A.苯酚能溶于NaOH溶液B.苯酚能与浓溴水反应C.醋酸不能与氢气加成D.乙炔水化法可制乙醛【答案】A【解析】【详解】A、苯酚能跟NaOH溶液反应而乙醇不能，则说明苯基对羟基有影响，但不能说明羟基对其他基团有影响，选项A选；B．苯酚能和溴水迅速反应，是由于羟基对苯环的影响，选项B不选；C、羧基中羰基受到羟基的影响，使得其中的碳氧双键不能与氢气发生加成，选项C不选；D、乙炔水化法可制乙醛，是受羟基的影响，连接羟基的碳上有碳碳双键不稳定，故重组生成醛基，选项D不选。答案选A。12.下列关于有机反应的说法正确的是A.酸和醇发生取代反应一定生成酯B.能发生银镜反应的有机物一定含有醛基C.卤代烃水解一定生成醇D.醇脱水一定生成烯烃【答案】B-6-【解析】【详解】A、酸和醇发生的反应不一定是酯化反应，如乙醇和氢溴酸在加热条件下发生的是取代反应但不是酯化反应，选项A错误；B．含有醛基的物质能够发生银镜反应，包括醛类物质、葡萄糖、甲酸等都能发生银镜反应，选项B正确；C、卤代烃水解不一定生成醇，如同碳二氯乙烷水解后会得到两个羟基连在同一个碳原子上的产物，这个产物是不稳定的，可以分解为乙醛，选项C错误；D、醇分子内脱水生成烯烃，分子间脱水生成醚，选项D错误。答案选A。13.实验室制下列有机物，不需要用冷凝装置的是A.硝基苯B.溴乙烷C.乙烯D.乙酸乙酯【答案】C【解析】【详解】A、制硝基苯时为了防止苯、硝酸的挥发应在试管口加一个长直玻璃管，起到冷凝回流作用，选项A不选；B、制溴乙烷时所用长导管起到导气和冷凝回流，使溴乙烷充分冷凝，选项B不选；C、制取乙烯时必须迅速加热到170℃，制备过程中不需要冷凝装置，选项C选；D、制乙酸乙酯时，连接反应容器的竖直的长导管是冷凝回流作用，选项D不选；答案选C。【点睛】本题是高考中的常见题型，属于基础性试题的考查，试题基础性强，侧重对学生基础知识的巩固与训练，有利于提高学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力。该题难度不大，记住即可。14.臭鼬剂的主要成分是丁硫醇(C4H9SH)，人口臭是由于甲硫醇(CH3SH)，下列关于硫醇的说法不正确的是A.硫醇的官能团为硫基B.乙硫醇和甲硫醚互为同分异构体C.丁硫醇在空气中完全燃烧的产物是CO2、SO2、H2OD.甲硫醇电离出氢离子的能力弱于甲醇-7-【答案】D【解析】【详解】A、硫醇的官能团为氢硫基-SH，选项A正确；B、乙硫醇和甲硫醚分子式为C2H6S，结构不同，互为同分异构体，选项B正确；C、丁硫醇中含有碳元素、硫元素、氢元素所以丁硫醇在空气中完全燃烧的产物是CO2、SO2、H2O，选项C正确；D、S-H键的键能比O-H键的弱，在水中更溶液电离出氢离子，选项D不正确。答案选D。15.环丙基乙烯(VCP)结构如图所示，关于VCP的说法正确的是A.分子式为C5H4B.能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.与环戊二烯互为同分异构体D.一溴代物有3种【答案】B【解析】【详解】A、根据键线式可知，环丙基乙烯的分子式为C5H8，选项A错误；B.分子中含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，选项B正确；C.环戊二烯分子式为C5H6，与不互为同分异构体，选项C错误；D.分子中有4种不同环境下的氢，其一溴代物有4种，选项D错误。答案选B。16.实现转变为的方法是A.与足量NaOH溶液共热后，再通入CO2B.与足量NaOH溶液共热后，再通入HClC.与稀硫酸共热后，加入足量NaOH溶液D.与稀硫酸共热后，加入足量Na2CO3溶液【答案】A-8-【解析】【分析】将转变为，-COONa没有变化，-COO-水解可生成-OH，以此来解答。【详解】将转变为，-COONa没有变化，-COO-水解可生成-OH，则先发生在NaOH水溶液中的水解生成，再通入CO2，生成即可，注意强酸（HCl）与-COONa反应，NaOH、Na2CO3、均能与苯酚反应，所以B、C、D不能实现。答案选A。【点睛】本题考查有机物的合成，明确官能团的变化及物质的性质是解答本题的关键，注意强酸（HCl）与-COONa反应，NaOH、Na2CO3、均能与苯酚反应为解答的易错点，题目难度不大。17.对有机物的叙述中，不正确的是A.常温下，该物质难溶于水B.1mol该有机物与NaOH溶液反应时，可消耗8molNaOHC.酸性条件下水解，生成两种具有酸性的有机物D.遇FeCl3溶液显紫色【答案】C【解析】【分析】该有机物含有-COOH，具有酸性，可发生酯化反应，还有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反应，还有酯基，可发生水解，水解生成羧基和酚羟基，以此解答该题。【详解】A.分子中含有酯基且碳原子数较多，难溶于水，选项A正确；B.水解产物中共含有6个酚羟基和2个羧基，则1mol该有机物完全反应消耗8molNaOH，选项B正确；C.含有酯基，可发生水解，由结构可知水解产物相同，只有一种，选项C不正确；D.分子中含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，选项D正确。-9-答案选C。18.鉴别植物油和裂化汽油的正确方法是A.加酸性高锰酸钾溶液，振荡B.加NaOH溶液，煮沸C.加新制Cu(OH)2悬浊液，煮沸D.加溴水，振荡【答案】B【解析】【分析】植物油含有酯基，可发生水解，并含有碳碳双键，可发生氧化反应、加成反应，裂化汽油含有碳碳双键，可发生氧化、加成反应，以此解答该题。【详解】A．植物油和裂化汽油都含有碳碳双键，都可使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能鉴别，选项A错误；B．植物油含有酯基，在碱性条件下可发生水解，可鉴别，选项B正确；C．植物油和裂化汽油都不含有醛基，与新制Cu(OH)2悬浊液不反应，不能鉴别，选项C错误；D．植物油和裂化汽油都含有碳碳双键，都可与溴水发生加成反应，不能鉴别，选项D错误。答案选B。【点睛】本题考查有机物的鉴别，题目难度不大，注意把握有机物的官能团的种类和性质，为解答该题的