九年级物理全册第十八章第2节电功率课时练习题(含答案)

第2节电功率学校：姓名：班级：考号：得分一、单选题评卷人1.下列说法中正确的是()A.电功率是表示电流做功多少的物理量B.用电器的电功率越大,做功越多C.工作相同的时间,功率大的用电器将电能转化成内能一定多D.工作相同的时间,功率大的用电器所消耗的电能一定多2.下列家用电器正常工作时,电功率最大的是()A.空调B.电风扇C.电视机D.手电筒3.下列四只灯泡,各自在额定电压下正常发光,其中最亮的是()A.“220V25W”B.“220V100W”C.“110V60W”D.“36V40W”4.LED灯的能耗小,造价低廉,使用寿命长,倍受人们青睐。某种LED台灯用电压为6V的电源供电,正常工作电流为300mA。那么,此LED台灯正常工作时的功率为()A.1.8WB.18WC.180WD.1800W5.如图所示,电源电压为6V,当小灯泡正常发光时,电压表的示数为2V,电流表的示数为0.5A,则小灯泡的额定功率是()A.8WB.4WC.3WD.2W6.甲、乙两用电器电功率之比为1∶2,通电时间之比为3∶4,则消耗电能之比为()A.1∶2B.3∶8C.3∶4D.2∶37.把标有“12V36W”的灯泡L1和“8V16W”的灯泡L2串联后接在电源的两端,其中一只灯泡正常发光,另一只灯泡没有达到额定功率,则下列选项正确的是()A.该电源的电压为24VB.电路中的电流为2AC.两灯泡的总功率为48WD.灯L1的实际电压大于灯L2的实际电压8.如图所示的两个电流表均为学校实验室里常用的电流表,闭合开关后,两电流表的指针都正常偏转且偏转角度相同.此时灯L1和L2的所消耗的电功率P1和P2的比值为()A.4∶1B.1∶4C.5∶1D.1∶59.如图所示,电源电压不变,R1是光敏电阻,其阻值大小随光照强度的增强而减小。闭合开关S后,当光照强度增大时()A.通过R2的电流变大B.电路总电阻变大C.R1消耗的功率变小D.要保持电流表示数不变,应将R2的滑片P向右移10.标有“6V3W”的小灯泡,通过它的电流与电压的关系如图所示,若把它与一只阻值为8Ω的电阻并联接在电压为4V的电路中,则整个电路消耗的功率为()A.3WB.3.3WC.3.6WD.5W11.小明帮爷爷在院落装照明灯,为了延长灯的使用寿命,他将两盏标有“220V60W”的白炽灯串联接在家庭电路中,通电后两灯都比正常发光时暗,原因是()A.每盏灯的额定电压变小了B.每盏灯的额定功率变小了C.每盏灯的实际功率变小了D.家庭电路的电压变小了12.小明在网上购买了一个迷你蓝牙音响,音响铭牌如下表所示。对此音响,下列说法正确的是()A.锂电池工作时,将电能转化为化学能B.音响工作时,将电能转化为机械能C.音响在220V电压下正常工作D.音响正常工作时每秒消耗电能3W评卷人得分二、填空题13.物理实验室用的小灯泡标有“3.8V0.2A”的字样,正常工作时,小灯泡的额定功率是W.14.有些家庭的电视机在不观看时没有切断电源,仍然处于待机状态。若电视机待机功率为10W,一天待机20h,则一天内待机消耗的电能为kW·h,30天电视机待机消耗的电能可供一盏25W的电灯正常工作h。15.某电热水器的工作原理如图所示(已知两电阻丝的阻值相等,电源电压保持不变),它有加热和保温两个工作状态.当开关S1接b,S2断开时,它处于状态,此时电路功率为P1;当2开关S1接a,S2闭合时,它处于状态,此时电路功率为P2,则P1∶P2=.16.某元件(阻值不变)标有“6V6W”字样,它正常工作的电流是A,它的电阻R是Ω,将该元件与灯L接入电路中,如图甲所示,通过灯L的电流随电压变化的图象如图乙所示,电流表量程为“0~0.6A”,电压表量程为“0~3V”,闭合开关,在保证电路各元件都安全的情况下,灯L消耗的最大电功率可达到W.17.甲灯标有“36V7.2W”,乙灯标有“12V1.2W”,将它们串联后接在电源上,其中一盏灯泡能正常发光,正常发光的灯泡是,另一盏灯的实际功率是。18.看电视时,人们可以通过遥控器发出的(填“红外线”或“紫外线”)来调控电视机。小明家其他用电器关闭,只有电视机工作2min时,他家标有3000r/(kW·h)的电能表铝制圆盘转了20r,则电视机实际功率是W。评卷人得分三、简答题19.手机屏幕调得越亮越耗电。请说明其中的道理。评卷人得分四、计算题20.如图所示的电路中,电源电压为3V,R为阻值未知的定值电阻,小灯泡L的规格为“6V3W”,若小灯泡的阻值不随温度变化,闭合开关S后,电流表的示数为0.55A。求:(1)小灯泡的电阻;(2)小灯泡的实际功率;(3)定值电阻R的阻值。评卷人得分五、综合题21.下面的图表是从某台电热饮水机说明书上收集到的信息.经分析得知,当开关S闭合时,饮水机处于加热状态,S断开时,饮水机处于保温状态.为了测量它加热时的实际功率,小明断开其他所有用电器,只将该饮水机接入家庭电路中,闭合开关S,测得热水箱中的水从20℃升高到100℃,所用时间为7.5min,同时观察到家中标有“1200r/(kW·h)”字样的电能表转盘转过120转(r).根据以上信息,求:热水箱容量额定电压加热时额定功率1L220V880W(1)电阻R1的阻值(不考虑温度对阻值的影响);(2)饮水机热水箱中的水从20℃升高到100℃时所吸收的热量[c水=4.2×10J/(kg·℃)];(3)饮水机加热时的实际功率;(4)饮水机此加热过程中的热效率.参考答案1.【答案】D【解析】电功率是表示电流做功快慢的物理量，故A说法不正确；电功率是由功的大小和做功时间共同决定的。当时间一定时，用电器的电功率越大，做功越多，消耗的电能一定多，故B说法不正确，D说法正确；用电器在工作时，把电能转化为其他形式的能量，不一定都转化为内能，因此工作时间相同时，功率大的用电器所消耗的电能一定多，但转化成的内能不一定多，故C说法不正确。2.【答案】A【解析】本题考查基本常识，家用空调的功率约为1000W；电风扇的功率约为50W；电视机功率约为100W；手电筒的功率约为0.5W；因此可见家用空调的功率最大。3.【答案】B【解析】灯泡的电功率越大，其越亮，所以正确的为B选项。4.【答案】A【解析】已知LED灯工作时两端电压和经过的电流，正常工作时功率P=UI=6V×0.3A=1.8W。5.【答案】D【解析】小灯泡与滑动变阻器串联，因此灯泡两端电压；U额=U-U0=6V-2V=4V；所以灯泡的额定功率：P额=U额I=4V×0.5A=2W。6.【答案】B【解析】电能的计算公式是W=Pt，P1：P2=1：2，t1：t2=3：4，所以W1：W2=3：8。7.【答案】B【解析】根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率,利用公式I=求灯泡的额定电流,根据I=可知两灯泡的电阻;因两灯泡串联,所以电流相等,正常发光的是额定电流较小的灯泡;根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源的电压;根据P=UI求出两灯泡的总功率,利用U=IR求出灯泡的实际电压,并比较其大小.348.【答案】A【解析】该电路为并联电路,电流表A1测量干路电流,电流表A2测量通过灯泡L2的电流,两电流表的指针偏转角度相同,可判断电流表A1的示数为A2示数的5倍,根据公式P=UI可求灯L1和L2的所消耗的电功率P1和P2的比值.9.【答案】D【解析】图中光敏电阻和变阻器R2并联,当光照强度增大时,R1的阻值减小,电流变大,但不影响另一支路的电流大小,故A错误;当光照强度增大时,R1的阻值减小,两电阻并联,一只电阻变小,另一只电阻不变,则电路的总电阻变小,故B错误;当光照强度增大时,R1的阻值减小,电源电压不变,由公式P=U/R得R1消耗的功率变大,故C错误;当光照强度增大时,R1的阻值减小,则R1所在支路的电流变大,由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和,要保持电流表示数不变,应将R2的滑片P向右移,使这一支路的电阻变大,电流变小,故D正确。10.【答案】C【解析】根据欧姆定律求得通过电阻的电流：I2===0.5A，根据图像可知灯泡两端的电压为4V时，电流为0.4A,因为并联分流，所以电路总电流I=I1+I2=0.4A+0.5A=0.9A，则整个电路消耗的功率：P=UI=4V×0.9A=3.6W。11.【答案】C【解析】两盏灯的额定电压为220V，将两盏灯串联后，每盏灯所分得的实际电压将会小雨额定电压，因此其实际功率也都低于额定功率，额定功率、额定电压都是固定不变的。12.【答案】B【解析】锂电池工作时，是将化学能转化为电能，音响在220V的电压下不能正常工作，音响正常工作时输出功率为3W，因此每秒消耗电能3J。13.【答案】0.7614.【答案】0.2；24015.【答案】保温;加热;1∶416.【答案】1;6;117.【答案】乙灯；1.8W18.【答案】红外线20019.【答案】屏幕调得越亮,实际功率越大(或电流越大,功率越大),相同时间内,消耗电能越多20.(1)【答案】小灯泡的电阻：RL===12Ω；2(2)【答案】通过灯泡的电流：IL实===0.25A，灯泡的实际功率：P实=U×IL实=3V×0.25A=0.75W；(3)【答案】通过R的电流：IR=I-IL实=0.55A-0.25A=0.3A，R的阻值：R===10Ω。21.(1)【答案】当开关S闭合时,饮水机处于加热状态,此时电路中只有电阻R1;当S断开时,饮水机处于保温状态,此时电路中电阻R1和R2串联;已知U额=220V,P加热=880W,电阻R1的阻值为R1===55Ω(2)【答案】已知热水箱的容量33333V=1L=1dm=1000cm,ρ=1×10kg/m=1g/cm,33水的质量为m=ρV=1g/cm×1000cm=1000g=1kg;3已知c水=4.2×10J/(kg·℃),t=100℃,t0=20℃,水吸收的热量为Q吸=c水m(t-t0)=4.2×10J/(kg·℃)×1kg×(100℃-320℃)=3.36×10J.(3)【答案】已知每消耗1kW·h的电能,电能表的转盘就转过1200r,电能表的转盘转过120r消耗的电能为W==0.1kW·h=3.6×10J,而t=7.5min=450s,=800W.555饮水机的实际功率为P实际==5(4)【答案】Q吸=3.36×10J,W=3.6×10J,饮水机的热效率为η=×100%=×l00%≈93.3%.6