湖北省沙市中学2022-2023学年高三上学期第一次双周练物理试题答案

高三年级第一次双周练物理参考答案1．C2．C3．C【解析】ABC．a车0~2s内，做匀速直线运动，速度为20m/sxvt2~4s内静止。4~6s内，以大小为20m/s速度往回运动。在乙图中得到a车的vt图如下，由图线与t轴围成的面积可知，2s末，两车相遇，之后a车先静止再往回运动，b车往前运动，即两车相遇一次。同理得，6s末两车相距最远，为b车的位移2640m160m2x故AB错误，C正确；D．b车一直往前运动。故D错误。4．B5．C【解析】ABC．由2012xvtat可知，将等式变形为0212vxatt由图像的两个交点可得020m/sv28m/sa机动车做初速度为20m/s，加速度为82m/s的匀减速运动，故AB错误C正确；D．由0vvat可判断，机动车在2.5s时停止运动，由2202vvax则机动车在前3秒的位移220m25m28x故D错误。6．C7．B【解析】A．对B进行受力分析，如图所示G大小不变，FN方向不变，故当F1垂直FN时，弹力最小；所以此时两球的连心线垂直于支持力，则有R=r。A正确，不符合题意；B．当R＞r时，A对B的压力有垂直于斜面向下的分力，故B对斜面的压力随着半径的逐渐增大而增大。B错误，符合题意；C．选AB整体为研究对象，故A对挡板的作用力为AAB()sinFmmg半径一定时，随着斜面倾角逐渐增大，A对挡板的作用力一直增大，故A受到挡板作用力一直增大；C正确，不符合题意；D．仅交换A、B两球的位置，选AB整体为研究对象B对挡板的压力BAB()sinFmmg因为斜面倾角不变，故挡板所受压力大小保持不变，D正确，不符合题意。8．BD9．BC10．AC【解析】AB．对5块构件与小朋友整体的受力分析有F1sinα＋F5sinα＝G由对称性可知，支撑底座对构件1、5的弹力大小相等，有F1＝F5可得F1＝2sinG故A正确，B错误CD．同理，对构件2、3、4与小朋友整体分析，可得构件1、2间的弹力F2＝2sinG对构件3与小朋友整体分析，可得构件2、3间的弹力F3＝G2sinγ可知底座与构件1间，构件1、2间，构件2、3间弹力依次变大，故C正确，D错误。11．BD【解析】A．若反应时间为1t，则开始制动的初速度为101svt由匀减速运动的规律可得制动的加速度大小为2022vas联立可得212212sast故A错误；B．若制动的时间为2t，设开始制动的初速度为0v（即匀速行驶的速度），由匀减速运动的规律可得0222vst解得2022svt故B正确；C．由212212sast可得1122stas由匀减速运动的逆向思维规律可得22212sat解得222sta则从发现紧急情况到停止的总时间为1212222ssttaas故C错误；D．从发现紧急情况到停止的平均速度为1212ssvtt结合1212222ssttaas计算可得1221222ssasvss故D正确。12．AB1225xxT9.7多次测量取平均值【解析】（1）[1]A．打点计时器的两个限位孔应在同一竖直线上。A正确；B．释放纸带前保持纸带竖直。B正确；C．重物应选用质量大，体积小的物体。C错误；D．先接通电源后释放纸带。D错误。（2）[2][3]由逐差公式2215xxgT得1225xxgT带入数据得222(3.962.02)0.01m/s9.7m/s50.02g（3）[4]请给出一条减小实验偶然误差的建议∶多次测量取平均值13．三根橡皮筋的方向三根橡皮筋的长度x3BC【解析】（3）[1][2]本实验需要记录力的大小和方向，其中力的方向即三根橡皮筋的方向；虽然实验中没有弹簧测力计直接测量力的大小，但由于橡皮筋相同，所以劲度系数相同，可以通过橡皮筋的伸长量来间接反映力的大小，在自由长度已经测量的情况下，还需要测量三根橡皮筋的长度。（4）[3]本实验中需要比较F1和F2的合力与F3是否满足大小相等、方向相反的关系，即比较OF与x3的长度和方向，若两者大小在误差允许范围内相等且几乎在一条直线上，则达到实验目的。（5）[4]由题意，根据几何关系以及平衡条件可知F1、F2、F3组成的封闭矢量三角形内接于圆内，如图所示，可知F1、F2从图示位置顺时针缓慢转过一个锐角过程中，由于F1和F2的最终方向未知，所以F1可能先变大后变小，F2一定逐渐变小，故选BC。14．（1）536m；（2）512mg，Mg+5312mg【解析】（1）同一根细线上的拉力大小相等，设细线拉力大小为T，对小动滑轮O3和小球B整体进行受力分析，如图甲所示，根据平衡条件得2Tsin37°=mg解得56mgT对小球A，受力分析，根据平衡条件得FNA=T（FNA+T）cos30°=mAg解得mA=536m（2）对小球A和半圆柱体P整体受力分析，设P受到摩擦力为f，支持力为FN，根据平衡条件得f=Tsin30°FN+Tcos30°=(M+mA)g解得f=512mgFN=Mg+5312mg由牛顿第三定律可得，P对水平面的摩擦力和压力大小分别为f′=512mg，F′N=Mg+5312mg15．（1）2s；（2）2m/s2；（3）两车不相碰，0.28m【解析】（1）设经过时间t1超车成功，则2AA1A112xvtatBB1xvtABAB1xxLLL解得12st（2）A车超车成功，设此过程C车前进的距离为xC，则有2CC1C112xvtatAC2xxL解得2Cs2ma（3）经t2时间A、B速度相等，则AA2BB20'()vatvatt2AA2A2'1'2xvtat2B0B20BB201()()2'xvtvttatt解得21.3stA'27.43mxB'20.71mx因为1AB''xLx所以两车不相碰，且最近距离为1BA0.2'8'mxxLx16．（1）78；（2）1A；（3）28st【解析】（1）0t时刻对金属框受力分析可得11sincosmgTmg2Tmg解得78（2）由法拉第电磁感应定律可得Ent其中0.1T/sBStt由此可得1VE1AEIR（3）经过t时间金属框恰好要向上滑动时有0.1Bt对金属框受力分析可得11sincosFmgTmg安cdFnBIL安解得28st17．（1）53.210Pa；（2）107:40【解析】（1）对活塞受力分析，可得BAmgppS可得初状态封闭气体B的压强5B1.410Pap设A、B气体原来的体积各为V，活塞稳定后，A气体的体积变为32V，B气体的体积变为12V，根据理想气体状态方程，对B气体有BB2VppVTT代入数据得活塞稳定后，封闭气体B的压强5B3.210Pap（2）活塞稳定后，活塞上下两部分气体满足ABmgppS对用打气筒充入的氧气和活塞上方原先封闭的A气体有A03()2VppVVTT充入活塞上部空间的氧气质量与原来的氧气质量的比值为A::mmVV解得A:107:40mm