高三第一次月考试题

2012-2013学年度上学期高三第一次月考--物理试题一、单项选择题（本题包括8小题，每小题4分，共32分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分，选错或者不答的得0分）1．(2012福建龙岩调研)为了使高速公路交通有序、安全，路旁立了许多交通标志．如图所示，甲图是限速路标，表示允许行驶的最大速度是110km/h；乙图是路线指示标志，表示到泉州还有100km.上述两个数据的物理意义是()A．110km/h是平均速度，100km是位移B．110km/h是平均速度，100km是路程C．110km/h是瞬时速度，100km是位移D．110km/h是瞬时速度，100km是路程2．对于质点的运动，下列说法中正确的是()A．质点运动的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零B．质点速度变化率越大，则加速度越大C．质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零D．质点运动的加速度越大，它的速度变化越大3.(2012年金华十校联考)如图所示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，使它们同时沿竖直墙面下滑，已知mAmB，则物体B()A．只受一个重力B．受到重力、摩擦力各一个C．受到重力、弹力、摩擦力各一个D．受到重力、摩擦力各一个，弹力两个4．如图所示，一个轻质光滑的滑轮（半径很小）跨在轻绳ABC上，滑轮下挂一个重为G的物体。今在滑轮上加一个水平拉力，使其移到绳BC部分处于竖直、AB部分与天花板的夹角为60º的静止状态，则此时水平拉力的大小为（）A．G)32(B．G)32(C．G)13(D．G)13(5．如图所示，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上的拉力将()A．逐渐增大B．逐渐减小C．先增大后减小D．先减小后增大6.(2012年温州八校联考)如图所示，某同学为了找出平抛运动的物体初速度之间的关系，用一个小球在O点对准前方的一块竖直放置的挡板，O与A在同一高度，小球的水平初速度分别是v1、v2、v3，打在挡板上的位置分别是B、C、D，且AB∶BC∶CD＝1∶3∶5，则v1、v2、v3之间的正确关系是()A．v1∶v2∶v3＝3∶2∶1B．v1∶v2∶v3＝5∶3∶1C．v1∶v2∶v3＝6∶3∶2D．v1∶v2∶v3＝9∶4∶17.如图所示，车内绳AB与绳BC拴住一小球，BC水平，车由原来的静止状态变为向右加速直线运动，小球仍处于图中所示的位置，则()A．AB绳、BC绳拉力都变大B．AB绳拉力变大，BC绳拉力变小C．AB绳拉力变大，BC绳拉力不变D．AB绳拉力不变，BC绳拉力变大8.如图所示，放在光滑面上的木块受到两个水平力F1与F2的作用而静止不动，现保持F1大小和方向不变，F2方向不变，使F2随时间均匀减小到零，再均匀增加到原来的大小，在这个过程中，能正确描述木块运动情况的图象是()[来源:Z#xx#k.Com]二、双项选择题（本题包括4小题，每小题5分，共20分。每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对得5分，只选1个且正确得2分，错选、不选得0分）9.伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，对于这个研究过程，下列说法正确的是：()A．斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程B．斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于运动时间的测量C．通过对斜面实验的观察与计算，直接得到落体运动的规律D．根据斜面实验结论进行合理的外推，得到落体的运动规律10.如图所示，一个内壁光滑的圆锥的轴线垂直于水平面，圆锥固定不动，两个质量相同的球A、B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则()A．球A的线速度必大于球B的线速度B．球A的角速度必小于球B的角速度C．球A的运动周期必小于球B的运动周期D．球A对筒壁的压力必大于球B对筒壁的压力11．在电梯中，把一重物置于台秤上，台秤与力传感器相连，电梯从静止加速上升，然后又匀速运动一段时间，最后停止运动，传感[器的屏幕上显示出其受到的压力与时间的关系图象如图所示，则下面说法不正确的是()A.电梯在上升阶段经历了s4的加速上升过程B.重物的重量为N50C.电梯的最大加速度约为2/7.6smD.电梯的最大加速度约为2/7.16sm12．如图所示，电灯悬挂于两墙壁之间，更换水平绳OA使连接点A向上移动而保持O点的位置不变，则在A点向上移动的过程中：A．绳OB的拉力逐渐增大B．绳OB的拉力逐渐减小C．绳OA的拉力先增大后减小D．绳OA的拉力先减小后增大三、实验题共（每空2分，共18分）13.(一)为了探求弹簧弹力F和弹簧伸长量x的关系，某同学选了A、B两根规格不同的弹簧进行测试，根据测得的数据绘出如图所示的图象，从图象上看，该同学没能完全按实验要求做，使图象上端成为曲线，图象上端成为曲线的原因是。B弹簧的劲度系数为。若要制作一个精确度较高的弹簧秤，应选弹簧(填A或B)。（二）（1）用如图（甲）所示的实验装置来验证牛顿第二定律，该装置中的错误有：①②③。1.211.832.413.03单位：cmABCDEs1s2s4s3（2）纠正装置错误后，为消除摩擦力的影响，实验前必须进行平衡摩擦力.某同学平衡摩擦力时是这样操作的：将小车水平静止地放在长木板上，把木板不带滑轮的一端慢慢垫高，如图12（乙），直到小车由静止开始沿木板向下缓慢滑动为止.如果像这位同学这样操作，然后不断改变对小车的拉力F，他得到的M（小车质量）保持不变的情况下的a—F图线是图中的（将选项代号的字母填在横线上）.（3）打点计时器使用的交流电频率f=50Hz.图示是某同学在正确操作下获得的一条纸带，其中A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出.写出用s1、s2、s3、s4以及f来表示小车加速度的计算式：a=（用英文字母表示）.根据纸带所提供的数据，算得小车的加速度大小为m/s2（结果保留两位有效数字）四、计算题（共3题，共36分）14.(10分)“10米折返跑”的成绩反应了人体的灵敏素质。测定时，在平直跑道上，受试者以站立式起跑姿势站在起点终点线前，当听到“跑”的口令后，全力跑向正前方10米处的折返线，测试员同时开始计时。受试者到达折返线处时，用手触摸折返线处的物体（如木箱），再转身跑向起点终点线，当胸部到达起点终点线的垂直面时，测试员停表，所用时间即为“10米折返跑”的成绩。设受试者起跑的加速度为4m/s2，运动过程中的最大速度为4m/s，快到达折返线处时需减速到零，减速的加速度为8m/s2，返回时达到最大速度后不需减速，保持最大速度冲线。求该受试者“10米折返跑”的成绩为多少秒？aFoAaFoBaFoCaFoD跑道起点终点线折返线木箱10m15．（12分）如图，一个质量为0.6kg的小球以某一初速度从P点水平抛出，恰好从光滑圆弧ABC的A点的切线方向进入圆弧（不计空气阻力，进入圆弧时无机械能损失）。已知圆弧的半径R=0.3m，θ=600，小球到达A点时的速度v=4m/s。（取g=10m/s2）求：（1）小球做平抛运动的初速度v0；（2）P点与A点的水平距离和竖直高度；（3）小球到达圆弧最高点C时对轨道的压力。16.（14分）如图所示，一质量为1kg的小球套在一根固定的直杆上，直杆与水平面夹角BPv0ACOθRθ为30°。现小球在F=20N的竖直向上的拉力作用下，从A点静止出发向上运动，已知杆与球间的动摩擦因数为36。试求：（1）小球运动的加速度a1；（2）若F作用1.2s后撤去，小球上滑过程中距A点最大距离sm；（3）若从撤去力F开始计时，小球经多长时间将经过距A点上方为2.25m的B点。2012年平阳二中高三物理第一次月考试卷答题纸一．选择题（每小题4分，共32分，每小题只有一个正确答案）题号12345678答案DBAADCDA二、双项选择题（本题包括4小题，每小题5分，共20分。每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对得5分，只选1个且正确得2分，错选、不选得0分）题号9101112答案BDABBDBD13.（1）(5分)超过了弹簧的弹性限度（2分）；100N/m（2分）；A（1分）（2）（9分）：（1）细线与木板不平行；小车太靠近定滑轮，打出的纸带不够长；打点计时器应使用交流电源------（3分）（2）C--------（2分）（3）22143100)]()[(fssssa----（2分）0.60--------（2分）四、计算题（共3题，共30分）14.解析：对受试者，由起点终点线向折返线运动的过程中加速阶段：savtm111；mtvsm22111减速阶段：savtm5.023；mtvsm12133匀速阶段：svssltm75.1312由折返线向起点终点线运动的过程中加速阶段：savtm114；mtvsm22144跑道起点终点线折返线木箱10m匀速阶段：svsltm245受试者“10米折返跑”的成绩为：stttt25.652115解：（1）小球到A点的速度如图所示，由图可知smvvvAx/260cos4cos00-----------2分（2）smvvAy/3260sin4sin0由平抛运动规律得：ghvy22-----------1分gtvy-----------1分tvx0-----------1分mh6.0-----------1分mmx69.034.0-----------1分（3）取A点为重力势能的零点，由机械能守恒定律得：)cos(212122RRmgmvmvCA-----------1分代入数据得：smvC/7-----------1分由圆周运动向心力公式得：RvmmgNCC2-----------1分代入数据得：NNC8-----------1分由牛顿第三定律得：小球对轨道的压力大小NNNCC8/，方向竖直向上-----------1分16解析：（1）在力F作用时有：（F-mg）sin30-（F-mg）cos30=ma1a1=2.5m/s2（3分）BPv0ACOθR（2）刚撤去F时，小球的速度v1=a1t1=3m/s小球的位移s1=v12t1=1.8m（1分）撤去力F后，小球上滑时有：mgsin30+mgcos30=ma2a2=7.5m/s2（1分）因此小球上滑时间t2=v1a2=0.4s上滑位移s2=v12t2=0.6m（1分）则小球上滑的最大距离为sm=2.4m（1分）（3）在上滑阶段通过B点：SAB-s1=v1t3-12a2t32通过B点时间t3=0.2s，另t3=0.6s（舍去）（3分）小球返回时有：mgsin30-mgcos30=ma3a3=2.5m/s2（1分）因此小球由顶端返回B点时有：sm-SAB=12a3t42t4=35（1分）通过通过B点时间t2+t4=2+35s0.75s