当前位置:首页 > 商业/管理/HR > 项目/工程管理 > 第六讲数学解题方法之特殊证法
第1页共13页高三数学思想、方法、策略专题—数学解题方法之特殊证法一.知识探究:1.定义法所谓定义法,就是直接用数学定义解决问题。数学中的定理、公式、性质和法则等,都是由定义和公理推演出来。定义是揭示概念内涵的逻辑方法,它通过指出概念所反映的事物的本质属性来明确概念。定义是千百次实践后的必然结果,它科学地反映和揭示了客观世界的事物的本质特点。简单地说,定义是基本概念对数学实体的高度抽象。用定义法解题,是最直接的方法。2.反证法反证法是属于“间接证明法”一类,是从反面的角度思考问题的证明方法,即:肯定题设而否定结论,从而导出矛盾推理而得。反证法的实质:“若肯定定理的假设而否定其结论,就会导致矛盾”。具体地讲,反证法就是从否定命题的结论入手,并把对命题结论的否定作为推理的已知条件,进行正确的逻辑推理,使之得到与已知条件、已知公理、定理、法则或者已经证明为正确的命题等相矛,矛盾的原因是假设不成立,所以肯定了命题的结论,从而使命题获得了证明。反证法的证题模式可以简要的概括我为“否定→推理→否定”。即从否定结论开始,经过正确无误的推理导致逻辑矛盾,达到新的否定,可以认为反证法的基本思想就是“否定之否定”。应用反证法证明的主要三步是:否定结论→推导出矛盾→结论成立。实施的具体步骤是:第一步,反设:作出与求证结论相反的假设;第二步,归谬:将反设作为条件,并由此通过一系列的正确推理导出矛盾;第三步,结论:说明反设不成立,从而肯定原命题成立。在应用反证法证题时,一定要用到“反设”进行推理,否则就不是反证法。用反证法证题时,如果欲证明的命题的方面情况只有一种,那么只要将这种情况驳倒了就可以,这种反证法又叫“归谬法”;如果结论的方面情况有多种,那么必须将所有的反面情况一一驳倒,才能推断原结论成立,这种证法又叫“穷举法”。一般来讲,反证法常用来证明的题型有:命题的结论以“否定形式”、“至少”或“至多”、“唯一”、“无限”形式出现的命题;或者否定结论更明显。具体、简单的命题;或者直接证明难以下手的命题,改变其思维方向,从结论入手进行反面思考,问题可能解决得十分干脆。3.数学归纳法数学归纳法是用来证明某些与自然数有关的数学命题的一种推理方法,在解数学题中有着广泛的应用。它是一个递推的数学论证方法,论证的第一步是证明命题在n=1(或第2页共13页n0)时成立,这是递推的基础;第二步是假设在n=k时命题成立,再证明n=k+1时命题也成立,这是无限递推下去的理论依据,它判断命题的正确性能否由特殊推广到一般,实际上它使命题的正确性突破了有限,达到无限。这两个步骤密切相关,缺一不可,完成了这两步,就可以断定“对任何自然数(或n≥n0且n∈N)结论都正确”。由这两步可以看出,数学归纳法是由递推实现归纳的,属于完全归纳。运用数学归纳法证明问题时,关键是n=k+1时命题成立的推证,此步证明要具有目标意识,注意与最终要达到的解题目标进行分析比较,以此确定和调控解题的方向,使差异逐步减小,最终实现目标完成解题。运用数学归纳法,可以证明下列问题:与自然数n有关的恒等式、代数不等式、三角不等式、数列问题、几何问题、整除性问题等等。4.不等式的证明方法(1)比较法是证明不等式最基本、最常用、最重要的方法之一。它包括“作差法”与“作商法”,比差法的理论依据是0baba0baba0baba比商法的理论依据是a,b∈R+,那么1baba1baba1baba判断a,b的大小,当a,b∈R时,可以通过判断a-b与0的大小来完成。当a,b∈R+时,可以通过判断ba与1的大小来完成。比较法这种方法其本质就在于单独讨论“a,b”不等式难以证明时,就“a-b,ba”整体讨论,使问题迁移“环境”,给问题带来新的结构。对a-b,ba变形后与0,1的比较提供可能,这种变形后的式子结构“a-b,ba”能够和“0,1”比较大小是比较法的精髓。作差法中,对差“a-b”的变形方法通常有通分、配方(非负数)、因式分解、二次函数的判别式等。作商法的一般步骤是,求商变形判断与1的大小。方法的选择:若不等式两边含有相同的项,或者作差以后能进行因式分解;能用配第3页共13页方法,能写成分式判断其符号,可使用作差法。若不等式两边是指数形式,能使分子、分母变形得到相同结果的不等式,用作商法比较容易,也就是说,凡适合于求“商”运算,并能比较出商与1的大小的不等式,一般都适合于用作商法证明。(2)综合法综合法就是由已知出发,根据不等式性质,基本不等式等,逐步推导得到所要证明的不等式的一种方法,也就是用因果关系书写“从已知出发”借助不等式性质和有关定理,经过逐步的逻辑推理,最后达到待证不等式得证的全过程,其特点可描述为“执因索果”,即从“已知”看“可知”逐步推向“未知”,综合法证明题逻辑性很强,它要求每步推理都要有依据。(3)分析法证明不等式,可以从待证的不等式出发,分析使这个不等式成立的充分条件,把证明不等式转化成为判定这些充分条件是否具备的问题,如果能断定这些充分条件都已具备,那么就可以断定原不等式成立,这种证明方法叫做分析法。分析法是从结论入手,逆求使它成立的充分条件,直到和已知条件沟通为止,概括地说就是“从未知,看需知,逐步靠拢已知”。分析法证明“若A则B”的基本模式是欲证B为真只需证B1为真只需证B2为真…………只需证A为真,今已知A为真,故B必真其逻辑关系是12BBBA(4)放缩法在证明不等式A>B时,可以构造出数学式C,使A>C,且C>B,则A>B得证。其中数学式C常常通过将A缩小或将B放大而构成,它的依据是不等式的传递性,这种证明方法叫做放缩法,用放缩法证明不等式,在高中数学中占有一定的比重。二.命题趋势近几年的高考虽然削弱了在不等式证明方面的要求,但像立体几何中位置关系的认定,数列关系式的认可以及解析几何性质的证明都是频频出现的考试形式。在高考中所占的分值大约在30分左右。这类考题的特点是:(1)立体几何证明多以线、面间垂直或平行关系的证明为主,解决此类问题的思路是应用好在该部分学习的判定定理和性质定理即可;(2)数列题可能是与等差等比数列定义或性质有关的结论的证明问题(譬如证明数列是否为等差或等比数列,这类题目要应用好定义和性质公式,技巧性很强)、也可能是复合不等式知识的或单纯等式形式的与自然数有关的结论的证明问题(解题思路是可能第4页共13页应用数学归纳法或放缩法);(3)解析几何中的解答题经常与平面几何图形相结合,经常判断一些位置关系,此类题目的证明多要结合几何特征,应用好代数关系式说明;预测高考的趋势为:题型、题量以及出题点还和往年一样,基本保持不变;三.例题点评题型1:定义法例1.(06湖南卷)如图,已知两个正四棱锥P-ABCD与Q-ABCD的高分别为1和2,AB=4,证明PQ⊥平面ABCD。证明1:连结AC、BD,设OBDAC.由P-ABCD与Q-ABCD都是正四棱锥,所以PO⊥平面ABCD,QO⊥平面ABCD.从而P、O、Q三点在一条直线上,所以PQ⊥平面ABCD。证明2:取AD的中点M,连结PM,QM.因为P-ABCD与Q-ABCD都是正四棱锥,所以AD⊥PM,AD⊥QM.从而AD⊥平面PQM。又PQ平面PQM,所以PQ⊥AD。同理PQ⊥AB,所以PQ⊥平面ABCD。点评:空间几何体内的点线面的位置关系的认识是解题的关键,同时我们学习过的定理、定义要能够巧妙的应用好。例2.(06福建卷)已知数列na满足*12211,3,32().nnnaaaaanN(I)证明:数列1nnaa是等比数列;(II)求数列na的通项公式;(II)若数列nb满足12111*44...4(1)(),nnbbbbnanN证明nb是等差数列。解析:(I)证明:2132,nnnaaa21112*2112(),1,3,2().nnnnnnnnaaaaaaaanNaa1nnaa是以21aa2为首项,2为公比的等比数列。QBCPADQBCPADOM第5页共13页(II)解:由(I)得*12(),nnnaanN112211()()...()nnnnnaaaaaaaa12*22...2121().nnnnN(III)证明:1211144...4(1),nnbbbbna12(...)42,nnbbbnb122[(...)],nnbbbnnb①12112[(...)(1)](1).nnnbbbbnnb②②-①,得112(1)(1),nnnbnbnb即1(1)20.nnnbnb③21(1)20.nnnbnb④④-③,得2120,nnnnbnbnb即2120,nnnbbb*211(),nnnnbbbbnNnb是等差数列。点评:本小题主要考查数列、不等式等基本知识,考查如何根据数列的概念判断结论。题型2:反证法例3.设abnn、是公比不相等的两个等比数列,cabnnn,证明数列cn不是等比数列。证明:假设cn是等比数列,则有ccc2213·。又设abnn、的公比分别是p、q,cababababnnn2221133·即apbqabapbq112111212第6页共13页apapbqbqapabqabpbqabppqqab1221112212211211212211221122000,ppqq2220,即pq20pq,这与题设abnn、的公比不相等矛盾,故数列cn不是等比数列。点评:本题证明推出的结果是与题设矛盾。例4.如图,设SA、SB是圆锥SO的两条母线,O是底面圆心,C是SB上一点。求证:AC与平面SOB不垂直。分析:结论是“不垂直”,呈“否定性”,考虑使用反证法,即假设“垂直”后再导出矛盾后,再肯定“不垂直”。证明:假设AC⊥平面SOB,∵直线SO在平面SOB内,∴AC⊥SO;∵SO⊥底面圆O,∴SO⊥AB,∴SO⊥平面SAB,∴平面SAB∥底面圆O,这显然出现矛盾,所以假设不成立。即AC与平面SOB不垂直。点评:否定性的问题常用反证法。例如证明异面直线,可以假设共面,再把假设作为已知条件推导出矛盾。题型3:数学归纳法例5.(06全国II)设数列{an}的前n项和为Sn,且方程x2-anx-an=0有一根为Sn-1,n=1,2,3,…,(Ⅰ)求a1,a2;(Ⅱ){an}的通项公式。解析:(Ⅰ)当n=1时,x2-a1x-a1=0有一根为S1-1=a1-1,于是(a1-1)2-a1(a1-1)-a1=0,解得a1=12.当n=2时,x2-a2x-a2=0有一根为S2-1=a2-12,于是(a2-12)2-a2(a2-12)-a2=0,解得a1=16.(Ⅱ)由题设(Sn-1)2-an(Sn-1)-an=0,Sn2-2Sn+1-anSn=0.当n≥2时,an=Sn-Sn-1,代入上式得Sn-1Sn-2Sn+1=0①由(Ⅰ)知S1=a1=12,S2=a1+a2=12+16=23。由①可得S3=34。由此猜想Sn=nn+1,n=1,2,3,…。下面用数学归纳法证明这个结论.SCAOB第7页共13页(i)n=1时已知结论成立.(ii)假设n=k时结论成立,即Sk=kk+1,当n=k+1时,由①得Sk+1=12-Sk,即Sk+1=k+1k+2,故n=k+1时结论也成立.综上,由(i)、(ii)可知Sn=nn+1对所有正整数n都成立。于是当n≥2时,an=Sn-Sn-1=nn+1-n-1n=1n(n+1),又n=1时,a1=12=11×2,所以{an}的通项公式an=nn+1,n=1,2,3,…。点评:本题看起来与函数并无关系,但推证1kn时,,利用性质,才使得kn的假
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