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1作业48变压器电能的输送-2-一、选择题图48-11.(安徽安庆二测)如图48-1所示,理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b.当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时,两灯泡均能正常发光,下列说法正确的是()A.原、副线圈匝数之比为9∶1B.原、副线圈匝数之比为1∶9C.此时a和b的电功率之比为9∶1D.此时a和b的电功率之比为1∶10解析:灯泡正常发光,则其电压均为额定电压U0,说明原线圈输入电压为9U0,输出电压为U0,原、副线圈匝数之比为9∶1,故A正确,B错误;根据公式I1I2=n2n1,可得I1I2=19,由于小灯泡两端的电压相等,所以根据公式P=UI可得两者的电功率之比为1∶9,故C、D错误.答案:A2.图48-2(2016年高考·课标全国卷Ⅰ)一含有理想变压器的电路如图48-2所示,图中电阻R1、R2和R3的阻值分别为3Ω、1Ω和4Ω,为理想交流电流表,U为正弦交流电源,输出电压的有效值恒定.当开关S断开时,电流表的示数为I;当S闭合时,电流表的示数为4I.该变压器原、副线圈匝数比值为()A.2B.3C.4D.5解析:设变压器原、副线圈匝数之比为k,则可知,开关断开时,副线圈电流为kI,则根据理想变压器原理可知U-IR1kI(R2+R3)=k,同理可知U-4IR14kIR2=k,代入数据联立解得U=48I,代入第一式可得k=3,B对,选B.-3-答案:B3.(福建漳州八校第二次联考)如图48-3,一理想变压器原线圈接正弦式交流电源,副线圈接有三盏相同的灯(不计灯丝电阻的变化),灯上均标有“36V6W”字样,此时L1恰好正常发光,图中两个电表均为理想电表,其中电流表的示数为0.5A,下列说法正确的是()图48-3A.原、副线圈匝数之比为3∶1B.变压器的输入功率为12WC.电压表的示数为9VD.若L3突然断路,则L1变暗,L2变亮,输入功率减小解析:L1恰正常发光,其电流为I=636A=16A,灯泡的电阻R=3626Ω=216Ω,电压表示数为12IR=18V,根据输入功率等于输出功率知U1×0.5A=(36+18)×16W=9W,解得U1=18V,原、副线圈匝数之比为18∶54=1∶3,A、B、C错误;若L3突然断路,则副线圈总电阻增大,电流减小,则L1变暗,分压减小,L2分压增大变亮,输入功率减小,D正确.答案:D4.如图48-4甲所示电路,理想变压器原线圈输入电压如图乙所示,副线圈电路中R0为定值电阻,R是滑动变阻器,C为耐压值为22V的电容器,所有电表均为理想电表.下列说法正确的是()图48-4-4-A.副线圈两端电压的变化频率为0.5HzB.电流表的示数表示的是电流的瞬时值C.滑动片P向下移时,电流表A1和A2示数均增大D.为保证电容器C不被击穿,原、副线圈匝数比应小于10∶1解析:由交变电压图象可知,原线圈输入电压最大值为311V,周期T=0.02s,因此其有效值为220V,频率为50Hz,因为变压器不改变交变电压的频率,故副线圈两端电压的变化频率为50Hz,选项A错误;电流表的示数为交变电流的有效值,选项B错误;输入电压一定,变压器原、副线圈匝数比不变,由U1U2=n1n2知输出电压不变,滑片下移,副线圈电路总电阻减小,电流增大,故A2示数变大,由原、副线圈电流与匝数成反比,由I1I2=n2n1可知A1示数增大,选项C正确;保证电容器不被击穿,输出电压最大值为22V,而输入电压最大值为311V,故原、副线圈匝数比应大于10∶1,选项D错误.答案:C图48-55.(西安八校联考)如图48-5所示的电路中,理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2=22∶5,电阻R1=R2=25Ω,D为理想二极管,原线圈接u=2202sin100πt(V)的交流电,则()A.交流电的频率为100HzB.通过R2的电流为1AC.通过R2的电流为2AD.变压器的输入功率为200W解析:由原线圈交流电瞬时值表达式可知,交变电流的频率f=1T=ω2π=50Hz,A项错;由理想变压器变压规律U1U2=n1n2可知,输出电压U2=50V,由理想二极管单向导电性可知,交变电流每个周期只有一半时间有电流通过R2,由交变电流的热效应可知,U22R·T2=U2R·T⇒U=22U2=252V,由欧姆定律可知,通过R2的电流为2A,B项错,C项正确;其功率P2=UI=50W,而电阻R1的电功率P1=U22R1=100W,由理想变压器输入功率等于输出功率可知,变压器的输入功率为P=P1+P2=150W,D项错.-5-答案:C图48-66.(四川广元二模)一理想降压变压器原、副线圈匝数比为k,原线圈与阻值为4R0的电阻串联后,接入有效值为25V的正弦式交流电源;副线圈电路中固定电阻的阻值为R0,当负载电阻的阻值R=5R0时,理想电压表的示数为5V.保持变压器输入电流不变,现将负载电阻的阻值增大到R′=11R0,此时输入电压有效值为U′,则()A.k=256,U′=49VB.k=256,U′=48VC.k=4,U′=49VD.k=4,U′=48V解析:变压器副线圈电路电流I2=URR=55R0=1R0,此时变压器原线圈电路电流为I1=1kR0;调整负载前,变压器副线圈电压U2=55R0×6R0=6V,原线圈上的电压U1=kU2=6kV,则U=U1+I1×4R0,即25=6k+4k,解得k=4;保持变压器输入电流不变,则副线圈电流也不变,将负载电阻的阻值增大到R′=11R0,则变压器副线圈两端电压为U2′=1R0×(11R0+R0)=12V,原线圈两端电压U1′=kU2′=48V,故U′=U1′+I1·4R0=48V+14R0×4R0=49V,故C正确,A、B、D错误.答案:C7.(河北保定调研)(多选)如图48-7所示,理想变压器原、副线圈匝数比为1∶10,原线圈接通正弦交流电源,理想电压表V示数为22V,理想电流表A1示数为5A,副线圈串联了电阻可忽略的熔断器、理想电流表A2以及虚线框内的某用电器,电路处于正常工作状态,则下列说法正确的是()图48-7A.熔断器的熔断电流应该大于0.5A-6-B.原、副线圈的电流频率之比为1∶10C.若虚线框内接入电容器,电容器的耐压值至少是2202VD.若虚线框内接入电动机且正常工作,可知电动机内阻为440Ω,电流表A2示数为0.5A解析:根据I2I1=n1n2,可知副线圈中电流为0.5A,则选项A正确;原、副线圈的电流频率相等,选项B错误;根据U1U2=n1n2,可知副线圈两端电压为220V,最大值为2202V,选项C正确;电动机为非纯电阻电器,若电动机内阻为440Ω,则副线圈电流小于0.5A,选项D错误.答案:AC8.(西安质检)(多选)如图48-8甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1=10匝、n2=100匝,副线圈接有R=1000Ω的电阻,原线圈与电阻不计的导线圈构成闭合回路,其中圆形区域的面积为S=0.4πm2.在该圆形区域内有如图乙所示的按正弦规律变化的磁场垂直穿过,不计电流表内阻,下列说法正确的是()图48-8A.导线圈的电动势为20VB.导线圈的电动势为102VC.负载电阻R的电流为2AD.电流表的示数为2A解析:根据法拉第电磁感应定律,电动势最大值Em=ΔΦΔt=ΔBΔtS=B0ωS=B02πTS,代入数据可得Em=20V,电动势有效值E=102V,B正确,A错误;电压与匝数成正比,所以变压器副线圈电压U2=10E=1002V,变压器副线圈电流I2=U2R=210A,电流与匝数成反比,所以原线圈电流I1=10I2=2A,C错误,D正确.答案:BD-7-图48-99.(多选)一台理想变压器的原、副线圈的匝数比为4∶1,原线圈接入电压为220V的正弦交流电,一只理想二极管和一个滑动变阻器R串联接在副线圈上,如图48-9所示.电压表和电流表均为理想交流电表,则下列说法正确的是()A.电压表的示数为55VB.原线圈中的输入功率等于副线圈中的输出功率C.若将滑动变阻器的滑片向下滑动,则电流表的示数变小D.若滑动变阻器接入电路的阻值为30Ω,则1min内产生的热量为6050J解析:原、副线圈的电压与匝数成正比,故副线圈两端的电压U2=55V,由P入=P出,即U1I1=U2I2,B项正确;由有效值的定义知电压表的示数小于55V,A项错误;将滑动变阻器的滑片向下滑动,接入电路中的阻值变大,但对原、副线圈两端的电压无影响,即电压表的示数不变,副线圈中的电流变小,则电流表的示数变小,C项正确;由功率计算可知产生的热量为3025J,D项错误.答案:BC10.(多选)如图48-10甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2=10∶1,b是原线圈的中心抽头,S为单刀双掷开关,定值电阻R=10Ω.从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压,则下列说法中正确的是()图48-10A.当S与a连接后,理想电流表的示数为2.2AB.当S与a连接后,t=0.01s时理想电流表示数为零C.当S由a拨到b后,原线圈的输入功率变为原来的4倍D.当S由a拨到b后,副线圈输出电压的频率变为25Hz-8-解析:S与a连接后,由U1U2=n1n2,又知U1=22022V=220V,得U2=22V,则理想电压表的示数为22V,又知定值电阻R=10Ω,可得理想电流表示数为I=U2R=2.2A,故A选项对、B选项错.S由a拨到b后,n1∶n2=5∶1,则U1∶U2′=5∶1,得U2′=2U2,据P=U2R得功率变为原来的4倍,故C选项对.输出电压频率不变,仍为50Hz,故D选项错.答案:AC11.(多选)在远距离送电时,输送的电功率为P,输送电压为U,所用导线的电阻率为ρ,横截面积为S,总长度为L,输电线损失的电功率为P′,用户得到的电功率为P用,则P′、P用的关系式正确的是()A.P′=U2SρLB.P′=P2ρLU2SC.P用=P-U2SρLD.P用=P1-PρLU2S解析:输电线损失的电功率P′=I2R,用户得到的电功率P用=P-P′,输电线电阻R=ρLS,输电电流I=PU,故输电线上损失的电功率为:P′=I2R=PU2ρLS=P2ρLU2S,B选项正确.用户得到的功率为:P用=P-P′=P1-PρLU2S,D选项正确.答案:BD12.(山西晋城期末)(多选)图48-11甲所示的变压器原、副线圈匝数比为3∶1,图乙是该变压器cd输入端交变电压u的图象,L1、L2、L3、L4为四只规格均为“9V6W”的相同灯泡,各电表均为理想交流电表,以下说法不正确的是()图48-11A.ab输入端电压的瞬时值表达式为uab=272sin100πt(V)B.电流表的示数为2A,且四只灯泡均能正常发光-9-C.流过灯L2的电流每秒钟方向改变50次D.ab输入端输入功率Pab=18W解析:变压器副线圈两端的电压U2=9V,副线圈中的三只灯泡均正常发光,副线圈中的电流I2=3×PU=2A,原线圈中的电流为I1,I1I2=n2n1,解得I1=23A,灯L4正常发光,电压为9V,ab输入端电压的瞬时值表达式uab=362sin100πt(V),A错误,B正确;交流电的频率为50Hz,所以流过每只灯泡的电流每秒方向改变100次,C错误;ab输入端输入功率P=UabI1=36×23W=24W,D错误.答案:ACD二、非选择题13.(太原阶段检测)如图48-12甲所示,理想变压器原线圈通有正弦式交变电流,副线圈接有3个电阻和一个电容器.已知R1=R3=20Ω,R2=40Ω,原、副线圈的匝数比为10∶1,原线圈的输入功率为P=35W,已知通过R1的正弦交流电如图乙所示.求:图48-12(1)原线圈输入电压;(2)电阻R2的电功率;(3)电容器C流过的电流.解析:(1)由题图乙可知,副线圈上通过R1的电流最大值为2A,故副线圈上的电压最大值为U2max=202V,由变压器原、副线圈的电压关系可得,原线圈的电压最大值为U1max=10×202V=2002V,有效值为200V.(2)电阻R2的两端电压为U
本文标题:课标通用2021高考物理一轮复习作业48变压器电能的输送含解析
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