08届高三物理适应性训练试题

高三物理适应性训练试题08.3一、选择题13.从四川省核电站发展论坛上传出消息：四川首家核电站项目已顺利通过初步科研评审。该项目建成后，对四川省乃至我国西部地区GDP增长和一、二、三产业发展将起到巨大推动作用。该核电站获取核能的核反应可能是A．HeThU422349023892B．nHeHH10423121C．HOHeN1117842147D．n10XeSrnU10136549038102359214．下列说法中正确的是A．知道某物质的摩尔质量和阿伏加德罗常数，一定能求出其分子质量B．温度升高，物体内所有分子热运动的速率都增加C．布朗运动就是液体分子的运动，它证明分子在永不停息地做无规则运动D．当两个分子间距离增大时，分子间的引力和斥力同时减少，而分子势能一定增大15．如图1所示，沿弹性绳建立x轴，P、Q、M为绳上的质点。一简谐横波正在沿着x轴的正方向传播，振源的周期为0.4s，波的振幅为0.4m，在t0时刻的波形如图1所示，则在t0+0.2s时A.质点P正处于波谷B.质点P正经过平衡位置向上运动C.质点Q正处于波峰D.质点M正通过平衡位置向上运动16.如图2所示，带有等量异种电荷的两块很大的平行金属板M、N水平正对放置，两板间有一带电微粒以速度v0沿直线运动，当微粒运动到P点时，迅速将M板上移一小段距离，则此后微粒的可能运动情况是A．沿轨迹①做曲线运动B．方向改变沿轨迹②做直线运动C．方向不变沿轨迹③做直线运动D．沿轨迹④做曲线运动17．太阳系中的第二大行星——土星的卫星很多，目前已发现数十颗。其中土卫五和土卫六绕土星的运动可视为圆运动，下表是有关土卫五和土卫六两颗卫星的一些信息，则下列判断正确的是A．土卫六绕土星运动的周期比土卫五绕土星运动的周期小B．土卫六环绕土星运动的向心加速度比土卫五绕土星运动的加速度小C．土卫六表面的重力加速度比土卫五表面的重力加速度小卫星与土星距离/km半径/km质量/kg发现者发现年份土卫五5270007652.49×1021卡西尼1672土卫六122200025751.35×1023惠更斯1655图1x/m1234y/m00.4-0.4PM56QMN①④②③图2PD．土卫六绕土星运动的线速度比土卫五绕土星运动的线速度大18．如图3所示，已知用光子能量为2.82eV的紫光照射光电管中K极板的金属涂层时，毫安表的指针发生了偏转。若将电路中的滑动变阻器的滑头p向右移动到某一位置时，毫安表的读数恰好减小到零时，电压表读数为1.00V，则K极板的金属涂层的逸出功约为A.6.1×10-19JB.4.5×10-19JC.2.9×10-19JD.1.6×10-19J19．如图4所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图4中1、2、3、4、5……所示下小球运动过程中每次曝光的位置。连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d。根据图上的信息下列判断不正确．．．的是A.能求出小球在位置“3”的速度B.能求出小球下落的加速度C.能判定位置“1”不是小球无初速释放的位置D.能判定小球下落过程中机械能是否守恒20．如图5（甲）所示，一个“∠”型导轨垂直于磁场固定在磁感应强度为B的匀强磁场中，a是与导轨相同的导体棒，导体棒与导轨接触良好。在外力作用下，导体棒以恒定速度v向右运动，以导体棒在图5（甲）所示位置的时刻作为计时起点，下列物理量随时间变化的图像可能正确的是二、实验题21．（18分）（1）某同学用如图6（甲）所示的装置做探究弹力和弹簧伸长关系的实验，他在弹簧下端挂上钩码，并逐个增加钩码，同时用毫米刻度尺分别测出加挂不同钩码时弹簧的长度l。他测出的弹簧的弹力F（F的大小等于所挂钩码受到的重力）与弹簧的长度l的各组数据，并逐点标注在如图6（乙）所示的坐标纸上。由此可以得到该弹簧的原长L0=________________；该弹簧的劲度系数为___________N/m。图41A2345aBv图5（甲）金属棒所受安培力大小随时间变化关系C0tI00tE0回路的感应电动势随时间变化关系AtF感应电流随时间变化关系BtP电流产生的热功率随时间变化关系D图5（乙）mAVREKArp图3答案：（1）（15.000.10cm（2）(1.00.10）102（2）有一根长陶瓷管，其表面均匀地镀有一层很薄的电阻膜，管的两端有导电箍M和N，如图8(甲)所示。用多用表电阻档测得MN间的电阻膜的电阻约为1kΩ，陶瓷管的直径远大于电阻膜的厚度。某同学利用下列器材设计了一个测量该电阻膜厚度d的实验。A．米尺(最小分度为mm)；B．游标卡尺(游标为20分度)；C．电流表A1(量程0～5mA，内阻约10)；D．电流表A2(量程0～100mA，内阻约0.6);E．电压表V1(量程5V，内阻约5k)；F．电压表V2(量程15V，内阻约15k)；G．滑动变阻器R1(阻值范围0～10，额定电流1.5A)；H．滑动变阻器R2(阻值范围0～1.5K，额定电流1A)；I．电源E(电动势6V，内阻可不计)；J．开关一个，导线若干。①他用毫米刻度尺测出电阻膜的长度为l=10.00cm，用20分度游标卡尺测量该陶瓷管的外径，其示数如图8（乙）所示，该陶瓷管的外径D=cm②为了比较准确地测量电阻膜的电阻，且调节方便，实验中应选用电流表，电压表，滑动变阻器。（填写器材前面的字母代号）③在方框内画出测量电阻膜的电阻R的实验电路图。图8（乙）S01234567891012100cm图6（乙）图6（甲）102345151617181920l/10-2mF/NMN图8（甲）④若电压表的读数为U，电流表的读数为I，镀膜材料的电阻率为，计算电阻膜厚度d的数学表达式为：d=___________（用所测得的量和已知量的符号表示）。答案：（1）0.820cm，（2）C，E，G（3）如答案图8-3（4）DUlId三、计算论述题22．（16分）如图9所示，水平轨道AB与放置在竖直平面内的1/4圆弧轨道BC相连，圆弧轨道的B端的切线沿水平方向。一质量m=1.0kg的滑块（可视为质点），在水平恒力F=5.0N的作用下，从A点由静止开始运动，已知A、B之间的距离s=5.5m，滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.10，圆弧轨道的半径R=0.30m，取g=10m/s2。（1）求当滑块运动的位移为2.0m时的速度大小；（2）当滑块运动的位移为2.0m时撤去F，求滑块通过B点时对圆弧轨道的压力大小；（3）滑块运动的位移为2.0m时撤去F后，若滑块恰好能上升到圆弧轨道的最高点，求在圆弧轨道上滑块克服摩擦力所做的功。23．（18分）图9（甲）所示，一对金属板M和N平行、竖直放置，M、N的中心分别有小孔P、Q，PQ连线垂直金属板。N板右侧有一半径为r的圆形有界的匀强磁场，其圆心O在PQ的延长线上，磁场方向垂直于纸面向外，磁感应强度大小为B。置于P孔附近的粒子源连续不断地沿PQ方向放射出质量为m、电量为＋q的带电粒子（带电粒子所受的重力、初速度及粒子间的相互作用力可忽略），从某一时刻开始，在板M、N间加上如图9（乙）所示的交变电压，其周期为T、电压为U，t=0时M板电势高于N板电势。已知带电粒子在M、N两板间一直做加速运动的时间小于T/2，并且只有在每一个周期的前T/4时间内放出的带电粒子才能从小孔Q中射出，求：（1）带电粒子从小孔Q中射出的最大速度；（2）M、N两板间的距离；（3）在沿圆形磁场的边界上，有带电粒子射出的最大弧长。图9甲MNPQOr图8-3R1ARVES图9ABCFORt/sU/VU-U0图9乙T2T24．（20分）磁悬浮列车是一种高速运载工具，它是经典电磁学与现代超导技术相结合的产物。磁悬浮列车具有两个重要系统。一是悬浮系统，利用磁力（可由超导电磁铁提供）使车体在导轨上悬浮起来与轨道脱离接触。另一是驱动系统，就是在沿轨道安装的绕组（线圈）中，通上励磁电流，产生随空间作周期性变化、运动的磁场，磁场与固定在车体下部的感应金属框相互作用，使车体获得牵引力。为了有助于了解磁悬浮列车的牵引力的来由，我们给出如下的简化模型，图10（甲）是实验车与轨道示意图，图10（乙）是固定在车底部金属框与轨道上运动磁场的示意图。水平地面上有两根很长的平行直导轨，导轨间有竖直(垂直纸面)方向等距离间隔的匀强磁场Bl和B2，二者方向相反。车底部金属框的宽度与磁场间隔相等，当匀强磁场Bl和B2同时以恒定速度v0沿导轨方向向右运动时，金属框也会受到向右的磁场力，带动实验车沿导轨运动。设金属框垂直导轨的边长L=0.20m、总电阻R=l.6Ω，实验车与线框的总质量m=2.0kg，磁场Bl=B2=B＝1.0T，磁场运动速度v0=10m/s。回答下列问题：（1）设t=0时刻，实验车的速度为零，求金属框受到的磁场力的大小和方向；（2）已知磁悬浮状态下，实验车运动时受到恒定的阻力f1=0.20N，求实验车的最大速率vm；（3）实验车A与另一辆磁悬浮正常、质量相等但没有驱动装置的磁悬浮实验车P挂接，设A与P挂接后共同运动所受阻力f2=0.50N。A与P挂接并经过足够长时间后的某时刻，撤去驱动系统磁场，设A和P所受阻力保持不变，求撤去磁场后A和P还能滑行多远？图10（乙）B1vB2固定在列车下面的导线框A移动的磁场移动的磁场图10（甲）适应性训练参考答案及评分标准08.313．D14.A15.B16.C17.B18.C19.D20.D21．（18分）（1）（15.000.10）cm………………3分(1.00.10）102………………3分（2）①0.820cm，………………3分②C，E，G………………3分③答案如图………………3分④DUlId………………3分22．（16分）（1）设滑块的加速度为a1，根据牛顿第二定律F-μmg=ma1解得：214.0m/sa＝………………2分设滑块运动的位移为2.0m时的速度大小为v，根据运动学公式v2=2a1s1………………1分解得：v=4.0m/s………………1分（2）设撤去拉力F后的加速度为a2，根据牛顿第二定律μmg=ma2解得：a2=μg＝1.0m/s2………………2分设滑块通过B点时的速度大小为vB，根据运动学公式22212()Bvvass………………2分解得：vB=3.0m/s设滑块在B点受到的支持力为NB，根据牛顿第二定律NB-mg=mRvB2………………2分解得：NB=40N………………1分根据牛顿第三定律，滑块通过B点时对圆弧轨道的压力为40N。………………1分（3）设圆弧轨道的摩擦力对滑块做功为W，根据动能定理-mgR＋W=0-221Bmv………………3分解得：W=－1.5J………………1分圆弧轨道上滑块克服摩擦力所做的功为1.5J。23（18分）（1）在M、N电场间处于一直加速的粒子从小孔Q中射出的速度最大，设从最大速度为vm………………1分根据动能定理图R1ARVES212mqUmv………………1分解得2mqUvm。………………1分（2）设M、N两板间距离为d，则两板间的电场强度大小E=dU，………………1分设粒子运动的加速度为a，根据牛顿第二定律qE=ma………………1分解得：a=mdqU………………1分每一个周期的第一个T/4时刻放出的带电粒子刚好能从小孔Q中射出，它加速和减速各经历T/4，………………1分由d=2)4(212Ta………………2分解得d=mqUT4………………1分（3）每一个周期的前T/4时间内放出的带电粒子才能从小孔Q中射出，其中射出最早的粒子速度最大，越晚射出的粒子速度越小。粒子进入磁场，其中速度越小者运动半径越小，射出点离射入点越近，偏转角度越大（越接近）。最早射入者速度最大，运动半径最大，偏转角度最小，射出点与入射点所夹弧长最大。………………1分设带电粒子以最大速度射入时在磁场中的运动半径为R，偏转角为，由牛顿第二定律和几何关系得RvmBqv2………………1分Rr2tan………………2分解得：mUqBr2arctan2