（新课标）2020年高考物理一轮总复习 第九章 第三讲 带电粒子在匀强磁场中运动的临界极值多解问题课

能力提升课第三讲带电粒子在匀强磁场中运动的临界极值多解问题研考向·考点探究栏目导航随堂练·知能提升热点一带电粒子在匀强磁场中运动的临界极值问题(师生共研)1．分析方法(1)数学方法和物理方法的结合：如利用“矢量图”“边界条件”等求临界值，利用“三角函数”“不等式的性质”“二次方程的判别式”等求极值．(2)一个“解题流程”，突破临界问题2．四个结论(1)刚好穿出磁场边界的条件是带电粒子在磁场中运动的轨迹与边界相切．(2)当速率v一定时，弧长越长，圆心角越大，则带电粒子在有界磁场中运动的时间越长．(3)当速率v变化时，圆心角大的，运动时间长，解题时一般要根据受力情况和运动情况画出运动轨迹的草图，找出圆心，根据几何关系求出半径及圆心角等．(4)在圆形匀强磁场中，当运动轨迹圆半径大于区域圆半径时，则入射点和出射点为磁场直径的两个端点时，轨迹对应的偏转角最大(所有的弦长中直径最长)．[典例1]如图所示，边界OA与OC之间分布有垂直纸面向里的匀强磁场，边界OA上有一粒子源S.某一时刻，从S平行于纸面向各个方向发射出大量带正电的同种粒子(不计粒子的重力及粒子间的相互作用)，所有粒子的初速度大小相同，经过一段时间有大量粒子从边界OC射出磁场．已知∠AOC＝60°，从边界OC射出的粒子在磁场中运动的最短时间等于T6(T为粒子在磁场中运动的周期)，则从边界OC射出的粒子在磁场中运动的最长时间为()A.T3B．T2C.2T3D．5T6解析：由左手定则可知，粒子在磁场中做逆时针方向的圆周运动，由于粒子速度大小都相同，故轨迹弧长越小，粒子在磁场中运动时间就越短；而弧长越小，所对弦长也越短，所以从S点作OC的垂线SD，则SD为最短弦，可知粒子从D点射出时运行时间最短，如图所示．根据最短时间为T6，可知△O′SD为等边三角形，粒子圆周运动半径R＝SD，过S点作OA垂线交OC于E点，由几何关系可知SE＝2SD，SE为圆弧轨迹的直径，所以从E点射出，对应弦最长，运行时间最长，且t＝T2，故B正确．答案：B[互动探究]在[典例1]中，若粒子的比荷为qm，OS＝L，粒子的速率为v，试分析没有粒子从边界OC射出磁场的磁感应强度B应满足的条件．解析：粒子刚好不从OC边界射出的最大直径为S到OC的垂线SD，由几何关系得Rmax＝12Lsin60°＝34L，由qvB＝mv2R得Bmin＝mvqRmax＝43mv3qL，故没有粒子从边界OC射出磁场的磁感应强度B应满足的条件为B≥43mv3qL.答案：B≥43mv3qL1－1.[临界问题](2016·全国卷Ⅲ)平面OM和平面ON之间的夹角为30°，其横截面(纸面)如图所示，平面OM上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外．一带电粒子的质量为m，电荷量为q(q0)．粒子沿纸面以大小为v的速度从OM的某点向左上方射入磁场，速度与OM成30°角．已知该粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，并从OM上另一点射出磁场．不计重力．粒子离开磁场的出射点到两平面交线O的距离为()A.mv2qBB．3mvqBC.2mvqBD．4mvqB解析：根据题意画出带电粒子的运动轨迹，粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，故轨迹与ON相切，粒子出磁场的位置与切点的连线是粒子做圆周运动的直径，大小为2mvqB，根据几何知识可知，粒子离开磁场的出射点到两平面交线O的距离为d＝2mvqBsin30°＝4mvqB，D正确．答案：D1－2.[极值问题]如图所示，△ABC为与匀强磁场垂直的边长为a的等边三角形，比荷为em的电子以速度v0从A点沿AB边入射，欲使电子经过BC边，磁感应强度B的取值为()A．B2mv0aeB．B2mv0aeC．B3mv0aeD．B3mv0ae解析：由题意，如图所示，电子正好经过C点，此时圆周运动的半径R＝a2cos30°＝a3，要想电子从BC边经过，电子做圆周运动的半径要大于a3，由带电粒子在磁场中运动的公式r＝mvqB有a3mv0eB，即B3mv0ae，选D.答案：D热点二带电粒子在磁场中运动的多解问题(师生共研)带电粒子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，由于多种因素的影响，使问题形成多解．多解形成原因一般包含4个方面：1．带电粒子电性不确定形成多解受洛伦兹力作用的带电粒子，可能带正电荷，也可能带负电荷，在相同的初速度的条件下，正、负粒子在磁场中运动轨迹不同，导致形成多解．[典例2]如图所示，宽度为d的有界匀强磁场，磁感应强度为B，MM′和NN′是它的两条边界．现有质量为m，电荷量为q的带电粒子(不计重力)沿图示方向垂直磁场射入．要使粒子不能从边界NN′射出，则粒子入射速率v的最大值可能是多少．解析：题目中只给出粒子“电荷量为q”，未说明是带哪种电荷．若q为正电荷，轨迹是如图所示的上方与NN′相切的14圆弧，轨道半径：R＝mvBq又d＝R－R2解得v＝(2＋2)Bqdm.若q为负电荷，轨迹如图所示的下方与NN′相切的34圆弧，则有：R′＝mv′Bqd＝R′＋R′2，解得v′＝(2－2)Bqdm.答案：(2＋2)Bqdm(q为正电荷)或(2－2)Bqdm(q为负电荷)2．磁场方向不确定形成多解有些题目只告诉了磁感应强度的大小，而未具体指出磁感应强度方向，此时必须要考虑磁感应强度方向不确定而形成的多解．[典例3](多选)一质量为m，电荷量为q的负电荷在磁感应强度为B的匀强磁场中绕固定的正电荷沿固定的光滑轨道做匀速圆周运动，若磁场方向垂直于它的运动平面，且作用在负电荷的电场力恰好是磁场力的三倍，不计粒子的重力，则负电荷做圆周运动的角速度可能是()A.4qBmB．3qBmC.2qBmD．qBm解析：依题中条件“磁场方向垂直于它的运动平面”，磁场方向有两种可能，且这两种可能方向相反．在方向相反的两个匀强磁场中，由左手定则可知负电荷所受的洛伦兹力的方向也是相反的．当负电荷所受的洛伦兹力与电场力方向相同时，根据牛顿第二定律可知4Bqv＝mv2R，得v＝4BqRm，此种情况下，负电荷运动的角速度为ω＝vR＝4Bqm；当负电荷所受的洛伦兹力与电场力方向相反时，有2Bqv＝mv2R，v＝2BqRm，此种情况下，负电荷运动的角速度为ω＝vR＝2Bqm，应选AC.答案：AC3．带电粒子速度不确定形成多解有些题目只告诉了带电粒子的电性，但未具体指出速度的大小或方向，此时必须要考虑由于速度的不确定而形成的多解．[典例4](多选)如图所示，两方向相反、磁感应强度大小均为B的匀强磁场被边长为L的等边三角形ABC理想分开，三角形内磁场垂直纸面向里，三角形顶点A处有一质子源，能沿∠BAC的角平分线发射速度不同的质子(质子重力不计)，所有质子均能通过C点，质子比荷qm＝k，则质子的速度可能为()A．2BkLB．BkL2C.3BkL2D．BkL8解析：因质子带正电，且经过C点，其可能的轨迹如图所示，所有圆弧所对圆心角均为60°，所以质子运行半径r＝Ln(n＝1,2,3…)，由洛伦兹力提供向心力得Bqv＝mv2r，即v＝Bqrm＝Bk·Ln(n＝1,2,3…)，B、D正确．答案：BD4．带电粒子运动的往复性形成多解空间中部分是电场，部分是磁场，带电粒子在空间运动时，运动往往具有往复性，因而形成多解．[典例5]某装置用磁场控制带电粒子的运动，工作原理如图所示．装置的长为L，上下两个相同的矩形区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小均为B、方向与纸面垂直且相反，两磁场的间距为d.装置右端有一收集板，M、N、P为板上的三点，M位于轴线OO′上，N、P分别位于下方磁场的上、下边界上．在纸面内，质量为m、电荷量为－q的粒子以某一速度从装置左端的中点射入，方向与轴线成30°角，经过上方的磁场区域一次，恰好到达P点．改变粒子入射速度的大小，可以控制粒子到达收集板上的位置．不计粒子的重力．(1)求磁场区域的宽度h；(2)欲使粒子到达收集板的位置从P点移到N点，求粒子入射速度的最小变化量Δv；(3)欲使粒子到达M点，求粒子入射速度大小的可能值．解析：(1)设粒子在磁场中的轨道半径为r，画出带电粒子的运动轨迹如图所示．由几何关系得L＝3rsin30°＋3dcos30°①且磁场区域的宽度h＝r(1－cos30°)②联立①②解得h＝(23L－3d)(1－32)．③(2)设改变入射速度后粒子在磁场中的轨道半径为r′，则有qvB＝mv2r及qv′B＝mv′2r′④又由几何关系得3rsin30°＝4r′sin30°⑤联立④⑤解得Δv＝v－v′＝qBm(L6－34d)(3)设粒子经过上方磁场n次，则由几何关系得L＝(2n＋2)rnsin30°＋(2n＋2)dcos30°又有qvnB＝mv2nrn，解得vn＝qBm(Ln＋1－3d)(1≤n＜3L3d－1，n取整数)．答案：(1)(23L－3d)(1－32)(2)qBm(L6－34d)(3)qBm(Ln＋1－3d)(1≤n＜3L3d－1，n取整数)[反思总结]巧解带电粒子在磁场中运动的多解问题1．分析题目特点，确定题目多解的形成原因．2．作出粒子的运动轨迹示意图(全面考虑多种可能性)．3．若为周期性重复的多解问题，寻找通项式，若是出现几种解的可能性，注意每种解出现的条件．1．(多选)如图所示，在半径为R的圆形区域内(圆心为O)有匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直于圆平面(未画出)．一群具有相同比荷的负离子以相同的速率由P点在纸平面内向不同方向射入磁场中，发生偏转后又飞出磁场，若离子在磁场中运动的轨道半径大于R，则下列说法中正确的是(不计离子的重力)(AD)A．从Q点飞出的离子在磁场中运动的时间最长B．沿PQ方向射入的离子飞出时偏转角最大C．所有离子飞出磁场时的动能一定相等D．在磁场中运动时间最长的离子不可能经过圆心O点2．如图所示，竖直线MN∥PQ，MN与PQ间距离为a，其间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，O是MN上一点，O处有一粒子源，某时刻放出大量速率均为v(方向均垂直磁场方向)、比荷一定的带负电粒子(粒子重力及粒子间的相互作用力不计)，已知沿图中与MN成θ＝60°角射出的粒子恰好垂直PQ射出磁场，则粒子在磁场中运动的最长时间为()CA.πa3vB．23πa3vC.4πa3vD．2πav3．(多选)如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场以MN为边界，左侧磁感应强度为B1，右侧磁感应强度为B2，B1＝2B2＝2T，比荷为2×106C/kg的带正电粒子从O点以v0＝4×104m/s的速度垂直于MN进入右侧的磁场区域，不计粒子的重力，则粒子通过距离O点4cm的磁场边界上的P点所需的时间为()ACA.π2×10－6sB．π×10－6sC.3π2×10－6sD．2π×10－6s4.如图所示，在真空中坐标xOy平面的x＞0区域内，有磁感应强度B＝1.0×10－2T的匀强磁场，方向与xOy平面垂直，在x轴上的P(10,0)点，有一放射源，在xOy平面内向各个方向发射速率v＝104m/s的带正电的粒子，粒子的质量为m＝1.6×10－25kg，电荷量为q＝1.6×10－18C，求带电粒子能打到y轴上的范围．(不计粒子的重力)解析：带电粒子在磁场中运动时由牛顿第二定律得qvB＝mv2R解得R＝mvqB＝0.1m＝10cm如图所示，当带电粒子打到y轴上方向的A点与P连线正好为其圆轨迹的直径时，A点即为粒子能打到y轴上方的最高点．因OP＝10cm，AP＝2R＝20cm则OA＝AP2－OP2＝103cm当带电粒子的圆轨迹正好与y轴下方相切于B点时，若圆心再向左偏，则粒子就会从纵轴离开磁场，所以B点即为粒子能打到y轴下方的最低点，易得OB＝R＝10cm，综上所述，带电粒子能打到y轴上的范围为－10～103cm.答案：－10～103cm